第五章动量一、考纲要求碰撞与动量守恒动量、动量守恒定律及其应用弹性碰撞和非弹性碰撞ⅡⅠ只限于一维二、知识网络冲量、动量、动量定理、动量守恒定律定义：力和力的作用时间的乘积叫做力的冲量特征：属于过程量.单位是牛·秒方向：当力的方向不变，冲量的方向为力的方向力的方向变化，用替代法判断冲量方向冲量动量定理表述：物体所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式：Ft=P末-P初==mvt-mv0实际应用：打击问题等动量守恒定律表述：一个系统不受外力或者受外力之和为零，这个系统的总动量保持不变表达式：实际应用：碰撞，爆炸等动量定义：物体的质量和速度的乘积叫做动量特征：①动量是状态量，它与某一时刻相关②动量是矢量，其方向质量物体运动速度的方向第1讲冲量动量动量定理★一、考情直播1．考纲解读考纲内容能力要求考向定位动量和冲量理解动量的的概念，知道冲量的意义理解动量和冲量都是矢量，会计算一维动量变化理解动量变化和力之间的关系，会用来计算相关问题考纲对冲量、动量的考察主要集中在对概念的理解和简单应用上，考纲要求为I级，动量定理在考纲中没有明确提出来，但是在教材中出现了动量定理的表达式，因此要掌握动量定理的一般应用．2．考点整合考点一动量的概念（1）定义：物体的质量和速度的乘积叫做动量，公式：p=mv（2）动量是描述物体运动状态的一个状态量，它与时刻相对应．（3）动量是矢量，它的方向和速度的方向相同．（4）动量的相对性：由于物体的速度与参考系的选取有关，所以物体的动量也与参考系选取有关，因而动量具有相对性．题中没有特别说明的，一般取地面或相对地面静止的物体为参考系．（5）动量的变化：．由于动量为矢量，那么求解动量的变化时，其运算遵循平行四边形定那么．A、假设初末动量在同一直线上，那么在选定正方向的前提下，可化矢量运算为代数运算．14/14\nB、假设初末动量不在同一直线上，那么运算遵循平行四边形定那么．（6）动量与动能的关系：，注意动量是矢量，动能是标量，动量改变，动能不一定改变，但动能改变动量是一定要变的．图6-1-1【例1】如图6-1-1一个质量是0．2kg的钢球，以2m/s的速度射到坚硬的大理石板上，立即反弹，速度大小仍为2m/s，求出钢球动量变化的大小和方向？【解析】取水平向右的方向为正方向，碰撞前钢球的速度v=2m/s，碰撞前钢球的动量为p=mv=0．2×2kg·m/s=0．4kg·m/s．碰撞后钢球的速度为v′=-2m/s，碰撞后钢球的动量为p′=mv′=-0．2×2kg·m/s=-0．4kg·m/s．碰撞前后钢球动量的变化为：Δp=pˊ-p=-0．4kg·m/s-0．4kg·m/s=-0．8kg·m/s且动量变化的方向向左．【规律总结】动量是一个矢量，动量的方向和速度方向相同，所以只要物体的速度大小或方向发生变化，动量就一定发生变化．例如做匀速直线运动的物体其动量是恒量，而做匀速圆周运动的物体，由于速度方向不断在改变，即使其动量大小不变，但因其方向不断改变，所以其动量是一变量．考点二冲量的概念(1)定义:力和力的作用时间的乘积叫做冲量：I=Ft(2)冲量是描述力的时间积累效应的物理量，是过程量，它与时间相对应．(3)冲量是矢量，它的方向由力的方向决定（不能说和力的方向相同）．如果力的方向在作用时间内保持不变，那么冲量的方向就和力的方向相同．如果力的方向在不断变化，如绳子拉物体做圆周运动，那么绳的拉力在时间t内的冲量，就不能说是力的方向就是冲量的方向．对于方向不断变化的力的冲量，其方向可以通过动量变化的方向间接得出．(4)高中阶段只要求会用I=Ft计算恒力的冲量．对于变力的冲量，高中阶段只能利用动量定理通过物体的动量变化来求．(5)要注意的是：冲量和功不同．恒力在一段时间内可能不作功，但一定有冲量．特别是力作用在静止的物体上也有冲量．14/14\n图6-1-2【例2】恒力F作用在质量为m的物体上，如图6-1-2所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动，那么经时间t，以下说法正确的选项是（）A．拉力F对物体的冲量大小为零B．拉力F对物体的冲量大小为FtC．拉力F对物体的冲量大小是FtcosθD．合力对物体的冲量大小为零【解析】按照冲量的定义，物体受到恒力F作用，其冲量为Ft，物体因为静止，合外力为0，所以合力冲量为0．【易错提示】力对物体有冲量作用必须具备力和该力作用下的时间两个条件．只要有力并且作用一段时间，那么该力对物体就有冲量作用，所以冲量是过程量．需要注意的是冲量和功不同．恒力在一段时间内可能不作功，但一定有冲量．特别是力作用在静止的物体上也有冲量．考点三动量定理（1）动量定理：物体所受合外力的冲量等于物体的动量变化．既I=Δp（2）动量定理的理解①动量定理说明冲量是使物体动量发生变化的原因，冲量是物体动量变化的量度．这里所说的冲量必须是物体所受的合外力的冲量（或者说是物体所受各外力冲量的矢量和）．②动量定理给出了冲量（过程量）和动量变化（状态量）间的互求关系．③现代物理学把力定义为物体动量的变化率：（牛顿第二定律的动量形式）．④动量定理的表达式是矢量式．在一维的情况下，各个矢量必须以同一个规定的方向为正．遇到涉及力、时间和速度变化的问题时．运用动量定理解答往往比运用牛顿运动定律及运动学规律求解简便．应用动量定理解题的思路和一般步骤为：(l)明确研究对象和物理过程；(2)分析研究对象在运动过程中的受力情况；(3)选取正方向，确定物体在运动过程中始末两状态的动量；(4)依据动量定理列方程、求解．14/14\n【例3】一粒钢珠从静止状态开场自由下落，然后陷人泥潭中．假设把在空中下落的过程称为过程Ⅰ，进人泥潭直到停顿的过程称为过程Ⅱ，那么()A、过程I中钢珠的动量的改变量等于重力的冲量B、过程Ⅱ中阻力的冲量的大小等于过程I中重力的冲量的大小C、I、Ⅱ两个过程中合外力的总冲量等于零D、过程Ⅱ中钢珠的动量的改变量等于零【解析】根据动量定理可知，在过程I中，钢珠从静止状态自由下落．不计空气阻力，小球所受的合外力即为重力，因此钢珠的动量的改变量等于重力的冲量，选项A正确；过程I中阻力的冲量的大小等于过程I中重力的冲量的大小与过程Ⅱ中重力的冲量的大小之和，显然B选项不对；在I、Ⅱ两个过程中，钢珠动量的改变量各不为零．且它们大小相等、方向相反，但从整体看，钢珠动量的改变量为零，故合外力的总冲量等于零，故C选项正确，D选项错误．因此，此题的正确选项为A、C．【规律总结】这种题本身并不难，也不复杂，但一定要认真审题．要根据题意所要求的冲量将各个外力灵活组合．假设此题目给出小球自由下落的高度，可先把高度转换成时间后再用动量定理．当t1>>t2时，F>>mg．（3）简解多过程问题．【例4】一个质量为m=2kg的物体，在F1=8N的水平推力作用下，从静止开场沿水平面运动了t1=5s，然后推力减小为F2=5N，方向不变，物体又运动了t2=4s后撤去外力，物体再经过t3=6s停下来．试求物体在水平面上所受的摩擦力．【解析】：规定推力的方向为正方向，在物体运动的整个过程中，物体的初动量P1=0，末动量P2=O．据动量定理有：即：，解得14/14\n【规律总结】由例4可知，合理选取研究过程，能简化解题步骤，提高解题速度．此题也可以用牛顿运动定律求解．同学们可比较这两种求解方法的简繁情况．（4）求解平均力问题【例5】质量是60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性平安带的保护作用，最后使人悬挂在空中．已知弹性平安带缓冲时间为1．2s，平安带伸直后长5m，求平安带所受的平均作用力．（g=10m／s2）【解析】人下落为自由落体运动，下落到底端时的速度为：取人为研究对象，在人和平安带相互作用的过程中，人受到重力mg和平安带给的冲力F，取F方向为正方向，由动量定理得：Ft=mV—mV0所以，（方向竖直向下）【注意】动量定理既适用于恒力作用下的问题，也适用于变力作用下的问题．如果是在变力作用下的问题，由动量定理求出的力是在t时间内的平均值．（5）求解恒力作用下的曲线运动问题【例6】如图6-1-3所示，以vo＝10m／s2的初速度与水平方向成300角抛出一个质量m＝2kg的小球．忽略空气阻力的作用，g取10m／s2．求抛出后第2s末小球速度的大小．V0300图6-1-3【解析】小球在运动过程中只受到重力的作用，在水平方向做匀速运动，在竖直方向做匀变速运动，竖直方向应用动量定理得：Fyt=mvy-mvy0所以mgt=mvy-(-mv0．sin300)，解得vy=gt-v0．sin300=15m/s．而vx=v0．cos300=在第2s未小球的速度大小为：【注意】在求解曲线运动问题中，一般以动量定理的分量形式建立方程，即：Fxt=mvx-mvx0；Fyt=mvy-mvy0．14/14\n（5）求解流体问题【例7】某种气体分子束由质量m=5．4X10-26kg速度V＝460m/s的分子组成，各分子都向同一方向运动，垂直地打在某平面上后又以原速率反向弹回，如分子束中每立方米的体积内有n0＝1．5X1020个分子，求被分子束撞击的平面所受到的压强．【解析】设在△t时间内射到S的某平面上的气体的质量为ΔM，那么：取ΔM为研究对象，受到的合外力等于平面作用到气体上的压力F以V方向规定为正方向，由动量定理得:-FΔt=ΔMV-(-ΔM．V)，解得，平面受到的压强P为：【注意】处理有关流体(如水、空气、高压燃气等)撞击物体外表产生冲力（或压强）的问题，可以说非动量定理莫属．解决这类问题的关键是选好研究对象，一般情况下选在极短时间△t内射到物体外表上的流体为研究对象（6）对系统应用动量定理．【例8】如图6-1-4所示，质量为M的汽车带着质量为m的拖车在平直公路上以加速度a匀加速前进，当速度为V0时拖车突然与汽车脱钩，到拖车停下瞬间司机才发现．假设汽车的牵引力一直未变，车与路面的动摩擦因数为μ，那么拖车刚停下时，汽车的瞬时速度是多大？mV0V/图6-1-2M图6-1-4【解析】以汽车和拖车系统为研究对象，全过程系统受的合外力始终为，该过程经历时间为V0/μg，末状态拖车的动量为零．全过程对系统用动量定理可得：14/14\n【注意】这种方法只能用在拖车停下之前．因为拖车停下后，系统受的合外力中少了拖车受到的摩擦力，因此合外力大小不再是．★二、高考热点探究一般而言，高考中对冲量、动量的考察主要集中在对概念的理解和简单应用，动量定理的一般应用及对现象的解析【真题1】一位质量为m的运发动从下蹲状态向上起跳，经Δt时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v．在此过程中，（）A．地面对他的冲量为mv+mgΔt，地面对他做的功为mv2B．地面对他的冲量为mv+mgΔt，地面对他做的功为零C．地面对他的冲量为mv，地面对他做的功为mv2D．地面对他的冲量为mv－mgΔt，地面对他做的功为零【解析】取运发动为研究对象，由动量定理得：，即，运发动地面没有离开地面，地面对运发动的弹力做功为零．所以B选项正确．【点评】此题考察了考生对冲量和功这两个概念的理解，冲量和功都是过程量，但决定因素不一样，冲量是力在时间上的积累，而功是力在空间上的积累．图6-1-5【真题2】如图6-1-5所示，一质量为m的小球，以初速度沿水平方向射出，恰好垂直地射到一倾角为300的固定斜面上，并立即反方向弹回．已知反弹速度的大小是入射速度大小的，求在碰撞中斜面对小球的冲量大小．【解析】小球在碰撞斜面前做平抛运动．设刚要碰撞斜面时小球速度为．由题意，的方向与竖直线的夹角为30°，且水平分量仍为0，如图．由此得＝2014/14\n，碰撞过程中，小球速度由变为反向的碰撞时间极短，可不计重力的冲量，由动量定理，斜面对小球的冲量为，由①、②得【点评】此题考察了考生应用动量定理处理变力的冲量的能力，在应用动量定理的时候一定要注意其矢量性．图6-1-6【真题3】如图6-1-6一倾角为θ＝45°的斜面固定于地面，斜面顶端离地面的高度h0＝1m，斜面底端有一垂直于斜而的固定挡板．在斜面顶端自由释放一质量m＝0.09kg的小物块（视为质点）．小物块与斜面之间的动摩擦因数μ＝0.2．当小物块与挡板碰撞后，将以原速返回．重力加速度g＝10m/s2．在小物块与挡板的前4次碰撞过程中，挡板给予小物块的总冲量是多少？【解析】解法一：设小物块从高为h处由静止开场沿斜面向下运动，到达斜面底端时速度为v．由功能关系得①以沿斜面向上为动量的正方向．按动量定理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量②设碰撞后小物块所能到达的最大高度为h’，那么③同理，有④⑤式中，v’为小物块再次到达斜面底端时的速度，I’为再次碰撞过程中挡板给小物块的冲量．由①②③④⑤式得⑥式中⑦由此可知，小物块前4次与挡板碰撞所获得的冲量成等比级数，首项为⑧总冲量为⑨由⑩得⑾代入数据得N·s⑿14/14\n解法二：设小物块从高为h处由静止开场沿斜面向下运动，小物块受到重力，斜面对它的摩擦力和支持力，小物块向下运动的加速度为a，依牛顿第二定律得①设小物块与挡板碰撞前的速度为v，那么②以沿斜面向上为动量的正方向．按动量定理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量为③由①②③式得④设小物块碰撞后沿斜面向上运动的加速度大小为a’，依牛顿第二定律有⑤小物块沿斜面向上运动的最大高度为⑥由②⑤⑥式得⑦式中⑧同理，小物块再次与挡板碰撞所获得的冲量⑨由④⑦⑨式得⑩由此可知，小物块前4次与挡板碰撞所获得的冲量成等比级数，首项为⑾总冲量为⑿由⒀得⒁代入数据得N·s⒂★三、抢分频道◇限时根底训练（20分钟）班级姓名成绩 1．篮球运发动接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前．这样做可以（） A．减小球对手的冲量 B．减小球的动量变化率 C．减小球的动量变化量 D．减小球的动能变化量14/14\n1．【答案】B ．这样接球目的是为了通过延长作用时间减少篮球对运发动的作用力，即动量变化率．2．玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上易碎，落在海锦垫上不易碎，这是因为茶杯与水泥地撞击过程中（） A．茶杯动量较大 B．茶杯动量变化较大 C．茶杯所受冲量较大 D．茶杯动量变化率较大2．【答案】D．玻璃杯从同一高度落下掉在石头作用时间短，动量变化相同，所以作用力大．3．质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，钢球受到的冲量的方向和大小为（）A．向下，m(v1－v2） B．向下，m(v1＋v2） C．向上，m(v1－v2） D．向上，m(v1＋v2）3．【答案】D．钢球落地前瞬间的动量（初动量）为mv1，方向竖直向下．经地面作用后其动量变为mv2，方向竖直向上．设竖直向上为正方向，据动量变化△P=-P得：△P=mv2-（-mv1）=m(v1+v2)，因地面对钢球的作用力竖直向上，所以其冲量方向也竖直向上．4．质量为5kg的物体，原来以v=5m/s的速度做匀速直线运动，现受到跟运动方向相同的冲量15N·s的作用，历时4s，物体的动量大小变为（）A．80kg·m/s B．160kg·m/sC．40kg·m/s D．10kg·m/s4．【答案】C．取初速度方向为正方向，由动量定理代入数据可得Ｃ．5．一物体竖直向上抛出，从开场抛出到落回抛出点所经历的时间是t，上升的最大高度是H，所受空气阻力大小恒为F，那么在时间t内（）A．物体受重力的冲量为零B．在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小14/14\nC．物体动量的增量大于抛出时的动量D．物体机械能的减小量等于FH5．【答案】BC．由运动学知，上升的时间大于下降的时间，根据冲量定义，可知A错B对；取竖直向上为正，物体动量的增量，故C正确；由于阻力做功等于2FH，故D错误．图6-1-76．如图6-1-7（甲），物体A和B用轻绳相连挂在轻质弹簧下静止不动，A的质量为m，B的质量为M，当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升经某一位置时的速度大小为v，这时物体B下落的速度大小为，如图（乙）所示．在这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量（）A.B.C.D.6．【答案】D．分别以A、B为研究对象，由动量定理得，两物体的运动具有同时性，那么，所以．图6-1-87．如图6-1-8所示，两个质量相等的物体在同一高度沿倾角不同的两个光滑斜面由静止自由滑下，到达斜面底端的过程中，两个物体具有的相同的物理量是（）A．重力的冲量B．合力的冲量图6-1-7C．刚到达底端时动量的水平分量D．以上几个量都不同7．【答案】D．角度不同，所用的时间不同，速度方向不同，到达所以到底端的速度水平分量也不同，动量就不同，重力的冲量也不同，故Ｄ正确．8．质点所受的力F随时间变化的规律如图6-1-9所示，力的方向始终在一直线上．已知t＝0时质点的速度为零．在图示t1、t2、t3和t4各时刻中，哪一时刻质点的速度最大（）图6-1-8A．t1B．t2C．t314/14\nD．t4８．【答案】0～t2阶段，冲量为正，t2～t4阶段，冲量为负，由动量定理判断t2时刻“面积”最大，动量最大，进而得出t2时刻速度最大.９．粗糙水平面上物体在水平拉力F作用下从静止起加速运动，经过时间t撤去F，在阻力f作用下又经3t停下，那么F：f为（）A．3：1B．4：1C．1：4D．1；3８．【答案】Ｂ．用全过程法求解即可，，，故Ｂ正确．10．（2022年京、皖、蒙春季高考试题）质量为m=0．10kg的小钢球以v0=10m/s的水平速度抛出，下落h=5m时撞击一钢板，撞后速度恰好反向，那么钢板与水平面的夹角θ=_______．刚要撞击钢板时小球的动量大小为_______．(取g=10m/s2)10．【答案】45°；kg·m/s小球撞击后速度恰好反向，说明撞击前速度与钢板垂直．利用这一结论可求得钢板与水平面的夹角θ=45°，利用平抛运动规律（或机械能守恒定律）可求得小球与钢板撞击前的速度大小v=v0=10m/s，因此其动量的大小为p=mv=kg·m/s．◇根底提升训练1．质量不等的两个物体静止在光滑的水平面上，两物体在外力作用下，获得相同的动能.下面的说法中正确的选项是（）A.质量小的物体动量变化大B.质量大的物体受的冲量大C.质量大的物体末动量小D.质量大的物体动量变化率一定大图6-1-101．【答案】B．根据p=mv=知，两物体在外力的作用下获得相等的动能，质量大的物体获得的动量大，那么其所受的冲量大，B选项正确，A、C选项错.根据题目条件无法比较动量变化率的大小，D选项错．2．沿同一直线，甲、乙两物体分别在阻力F1、F2作用下做直线运动，甲在t1时间内，乙在t2时间内动量p随时间t变化的p－t图象如图6-1-10所示.设甲物体在t1时间内所受到的冲量大小为I1，乙物体在t2时间内所受到的冲量大小为I2，那么两物体所受外力F及其冲量I的大小关系是（）A.F1＞F2，I1=I2B.F1＜F2，I1＜I2C.F1＞F2，I1＞I2D.F1=F2，I1=I22．【答案】A．由F=知F1＞F2.由Ft=Δp知I1=I2．3．质量为m的小球从h高处自由下落，与地面碰撞时间为Δt，地面对小球的平均作用力为F，取竖直向上为正方向，在与地面碰撞过程中（）A.重力的冲量为mg（+Δt）B.地面对小球作用力的冲量为F·ΔtC.合外力对小球的冲量为（mg+F）·ΔtD.合外力对小球的冲量为（mg－F）·Δt３．【答案】B．在与地面碰撞过程中，取竖直向上为正方向，重力的冲量为－mgΔt，合外力对小球的冲量为（F－mg）Δt，故正确选项应为Ｂ．14/14\n４．一个物体同时受到两个力F1、F2的作用，F1、F2与时间的关系如图6-1-11所示，如果该物体从静止开场运动，当该物体具有最大速度时，物体运动的时间是_______s，该物体的最大动量值是_______kg·m/s.图6-1-11４．【答案】5，25．由图象知t=5s时，F1、F2大小相等，此后F2＞F1，物体开场做减速运动，故t=5s时速度最大.由I=Ft知，F－t图象中图线与时间轴所围面积为力的冲量，所以，前5s内F1、F2的冲量分别为I1=37.5N·s，I2=－12.5N·s，所以，前5s内合力的冲量为I=I1+I2=25N·s，由动量定理知，物体在前5s内增加的动量，也就是从静止开场运动后5s末的动量，为25kg·m/s.◇能力提升训练图6-1-121.如图6-1-12所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点.假设以2v速度抽出纸条，那么铁块落地点为（）A.仍在P点B.在P点左边C.在P点右边不远处D.在P点右边原水平位移的两倍处1．【答案】B．纸条抽出的过程，铁块所受的滑动摩擦力一定，以v的速度抽出纸条，铁块所受滑动摩擦力的作用时间较长，铁块获得速度较大，平抛运动的水平位移较大.以2v的速度抽出纸条的过程，铁块受滑动摩擦力作用时间较短，铁块获得速度较小，平抛运动的位移较小，故B选项正确．图6-1-132.如图6-1-13所示，质量为m的小球在竖直光滑圆形内轨道中做圆周运动，周期为T，那么（）①每运转一周，小球所受重力的冲量的大小为0②每运转一周，小球所受重力的冲量的大小为mgT③每运转一周，小球所受合力的冲量的大小为0④每运转半周，小球所受重力的冲量的大小一定为mgT/2以上结论正确的选项是A.①④B.②③C.②③④D.①③④2．【答案】B．重力为恒力，故物体每转一周重力的冲量为mgT.由于物体做的是非匀速圆周运动，故转半周的时间不一定是T，所以，重力的冲量也不一定是mg.每转一周，物体的动量变化量为零，故合外力的冲量为零.选项B正确．图6-1-143．如图6-1-14，质量分别为mA、mB的木块叠放在光滑的水平面上，在A上施加水平恒力F，使两木块从静止开场做匀加速运动，A、B无相对滑动，那么经过ts，木块A所受的合外力的冲量为_______，木块B的动量的增量Δp为_______.3．【答案】，.因A、B之间无相对运动，可把A、B看作一个整体，由牛顿第二定律有F=（mA+mB）a得：a=，木块A所受的合外力FA＝，木块A所受合外力的冲量IA＝，木块B动量的增量ΔpB＝．14/14\n4．质量m=5kg的物体在恒定水平推力F=5N的作用下，自静止开场在水平路面上运动，t1=2s后，撤去力F，物体又经t2=3s停了下来.求物体运动中受水平面滑动摩擦力的大小.4．【解析】：因物体在水平面上运动，故只需考虑物体在水平方向上受力即可，在撤去力F前，物体在水平方向上还受方向与物体运动方向相反的滑动摩擦力Ff，撤去力F后，物体只受摩擦力Ff.取物体运动方向为正方向.方法一：设撤去力F时物体的运动速度为v.对于物体自静止开场运动至撤去力F这一过程，由动量定理有（F－Ff）t1=mv对于撤去力F直至物体停下这一过程，由动量定理有（－Ff）t2=0－mv联立解得运动中物体所受滑动摩擦力大小为Ff==2N.说明：式①②中Ff仅表示滑动摩擦力的大小，Ff前的负号表示Ff与所取正方向相反.方法二：将物体整个运动过程视为在一变化的合外力作用下的运动过程.在时间t1内物体所受合外力为（F－Ff），在时间t2内物体所受合外力为－Ff，整个运动时间（t1+t2）内，物体所受合外力冲量为（F－Ff）t1+（－Ff）t2.对物体整个运动过程应用动量定理有（F－Ff）t1+（－Ff）t2=0解得Ff==2N.5．有一宇宙飞船，它的正面面积S=0.98m2，以v=2×103m/s的速度飞入一宇宙微粒尘区，此尘区每立方米空间有一个微粒，微粒的平均质量m=2×10－7kg.要使飞船速度保持不变，飞船的牵引力应增加多少?（设微粒与飞船外壳碰撞后附于飞船上）.5．解析：微粒尘由静止至随飞船一起运动，微粒的动量增加量是飞船对微粒作用的效果，设增加的牵引力为F，依动量定理列方程Ft=nmv－0，即微粒对飞船的冲量大小也为Ft，其中n==，F==·=Smv2=0.98×2×10－7×（2×103）2N=0.78N.14/14
