铜陵市一中2022——2022学年度第一学期高二年级段（期中）考试物理试卷考试时间：90分钟满分：100分一、单项选择题（共8小题，每题4分，共32分）1.关于电场线的以下说法中，正确的是( )A．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小不一定不变B．在多个电荷产生的电场中，电场线是可以相交的C．沿电场线的方向，电场强度必定越来越小D．点电荷在电场中的运动轨迹一定跟电场线是重合的2.电场中有一点P，下列说法正确的是( )A．若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点的场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大D．P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向3.关于电动势，下列说法正确的是（ ）A.所有电池的电动势都是B.体积越大的电源，其电动势一定越大C.电动势数值上就等于电源正负极之间的电压D.电动势表示电源将其它形式的能转化为电能的本领4.一根粗细均匀，阻值为8Ω的电阻丝，在温度不变的情况下，先将它等分成四段，每段电阻为R1；再将这四段电阻丝并联，并联后总电阻为R2．则R1与R2的大小依次为（ ）A.，B.，C.，D.，5.电场中有A、B两点，A点的电势φA=30V，B点的电势φB=10V，一个电子由A点运动到B点的过程中，下列说法中正确的是（ ）A．电场力对电子做功20eV，电子的电势能减少了20eVB．电子克服电场力做功20eV，电子的电势能增加了20eVC．电场力对电子做功20eV，电子的电势能增加了20eV-11-\nD．电子克服电场力做功20eV，电子的电势能减少了20eV6.如图所示，虚线A、B、C代表电场中的三条等势线，其电势分别为3V、5V、7V．实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P、Q为轨迹与A、C的交点，电荷只受电场力作用，忽略重力，则下列说法正确的是（）A．粒子可能带负电B．粒子在P点的动能大于在Q点的动能C．粒子P点的电势能大于粒子在Q点的电势能D．粒子在P点受到的电场力大于在Q点受到的电场力7.如图甲所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2(Q2位于坐标原点O)，其上有M、N、P三点，间距MN＝NP.Q1、Q2在轴上产生的电势φ随x变化关系如图乙．则( )A．N点电场场强大小为零B．M点电场场强大小为零C．M、N之间电场方向沿x轴负方向D．一正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功|WPN|＝|WNM|8.如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，（设电源电阻r不计，两端电压不变）现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则（ ）A.电容器的电容将减小B.电容器中的电场强度将增大C.电容器上的带电量将减少D.液滴将向上运动二、多项选择题（共4小题，每题4分，共16分，每小题选全对得4分，选不全得2分，选错或者多选不得分）9.(多选)下列说法正确的有( )A．一个物体带负电是因为物体失去了电子B．利用静电感应使金属导体带电的过程叫做感应起电C．密立根油滴实验首先测出了元电荷的数值D．电荷量是能连续变化的物理量10.如图所示,电动机M的内阻是0.6Ω，R=10Ω,直流电压U=160V,理想电压表示数110V,则下列说法正确的是（）-11-\nA.通过电动机的电流5AB.电动机的输出功率是550WC.电动机消耗的电功率为550WD.电动机工作1h所产生的热量为5.4×103J11.在相距为r的A、B两点分别放上点电荷QA和QB，C为AB的中点，如图所示，现引入带正电的检验电荷q，则下列说法正确的是( )A．如果q在C点受力为零，则QA和QB一定是等量异种电荷B．如果q在AB延长线离B较近的D点受力为零，则QA和QB一定是异种电荷，且电量大小QA＞QBC．如果q在AC段上的某一点受力为零，而在BC段上移动时始终受到向右的力，则QA和QB一定是负电荷，且电量大小QA＜QBD．如果q沿AB的垂直平分线移动时受力方向始终不变，则QA和QB一定是等量异种电荷12.地球表面附近存在微弱电场，该电场在较小区域内可视为匀强电场，电场强度大小为150N/C、方向竖直向下．如图所示是为研究这种电场而抽成的真空区域，位于A处的电子枪(未画出)打出的电子可以运动到B点，已知电子电荷量为－1.6×10－19C、质量为m＝9.1×10－31kg.则( )A．A点电势低于B点电势B．电子从A点到B点做非匀变速运动C．电子在运动过程中机械能守恒D．电子在A点动能小于B点动能三、实验题共两小题（6分+9分=15分）13.(6分)在伏安法测电阻的实验中,待测电阻Rx约为200Ω,电压表V的内阻约为2kΩ,电流表A的内阻约为10Ω,测量电路中电流表的连接方式如图(a)或图(b)所示,结果由公式Rx=计算得出,式中U与I分别为电压表和电流表的示数.若将图(a)和图(b)中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2,则 (填“Rx1”或“Rx2”)更接近待测电阻的真实值,且测量值Rx1 (填“大于”“等于”或“小于”)真实值,测量值Rx2 (填“大于”“等于”或“小于”)真实值. -11-\n14.（9分）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大.某同学为研究这一现象,用实验得到如下数据(I和U分别表示小灯泡上的电流和电压):I/A0.120.210.290.340.38U/V0.200.400.600.801.00I/A0.420.450.470.490.50U/V1.201.401.601.802.00(1)在右边虚线框中画出实验电路图.可用的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器（变化范围0~10Ω)、电源、小灯泡、电键、导线若干.(2)在右图中画出小灯泡的U-I曲线.（3）把该小灯泡接在电动势为1.5V、内阻是2.0Ω的电池两端,小灯泡的实际功率是多少?四、计算题（共4小题，共8+9+10+10=37分）15.（8分）电路中，每分钟有4.8×10-3C的电荷流过导线的某一横截面，已知一个电子的带电量为e=1.6×10-19C，求：（1）每分钟内流过该导线这一横截面的电子数目；（2）流过该导线的电流．16.(9分)如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，求：(1)原来的电场强度为多大？(2)物块运动的加速度大小？(3)-11-\n沿斜面下滑距离为时物块的速度。(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2)17.（10分）在真空中O点放一个正点电荷Q=+1.0×10-9C，直线MN通过O点，OM的距离r=30cm，如图所示。已知φN=0,k=9.0×109Nm2/C2，求：(1).M点的场强大小；(2).若把一电荷量为q=-2.0×10-10C的负点电荷从M点移动到N点的过程中电场力做功WMN=-3.0×10-9J，求M点的电势φM，并判定电势能的变化情况。18.（10分）如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段平直倾斜且粗糙，BC段是光滑圆弧，对应的圆心角θ＝53°，半径为r，CD段平直粗糙，各段轨道均平滑连接，在D点右侧固定了一个圆弧挡板MN，圆弧半径为R，圆弧的圆心也在D点．倾斜轨道所在区域有场强大小为E＝、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．一个质量为m、电荷量为q的带正电小物块(视为质点)在倾斜轨道上的A点由静止释放，最终从D点水平抛出并击中挡板．已知A、B之间的距离为2r，斜轨与小物块之间的动摩擦因数为μ＝，设小物块的电荷量保持不变，重力加速度为g，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6.求：(1)小物块运动至圆轨道的C点时对轨道的压力大小；(2)改变AB之间的距离和场强E的大小，使小物块每次都能从D点以不同的速度水平抛出并击中挡板的不同位置，求击中挡板时小物块动能的最小值．-11-\n铜陵市一中2022——2022学年度第一学期高二年级段（期中）考试物理答题卷命题教师：徐言先审题教师：何帮玉考试试卷：90分钟满分：100分一、单项选择题（共8小题，每题4分，共32分）题号12345678答案二、多项选择题（共4小题，每题4分，共16分，每小题选全对得4分，选不全得2分，选错或者多选不得分）题号9101112答案三、实验题共两小题（6分+9分=15分）13.(6分) (填“Rx1”或“Rx2”)， 、 (填“大于”“等于”或“小于”)。14.（9分）(1)(2)（3） W四、计算题（共4小题，共8+9+10+10=37分）15.（8分）-11-\n15.(9分)17.（10分）18.（10分）-11-\n铜陵市一中2022——2022学年度第一学期高二年级段（期中）考试物理答案选择题答案1-8：A、C、D、C、B、B、A、C；9-12：BC、AC、BCD、AD-11-\n13.答案: Rx2 小于大于14.答案:(1)本实验一般要求加在小灯泡两端的电压由零开始增大,所以滑动变阻器应接成分压式供电电路.从表格的数据可以计算出小灯泡的电阻比较小,应采用电流表外接法的测量电路.（3分）(2)先在U-I坐标系中描出各组(I,U)的坐标点,然后再把各点用平滑的曲线连接起来,就得到小灯泡的U-I曲线.（3分）(3)在上述U-I坐标系中,画出电源的U=E-Ir的图线,该图线与小灯泡的U-I曲线的交点的坐标数值表示把小灯泡接在该电源两端时,流过小灯泡的电流IL及加在小灯泡两端的电压UL,故小灯泡的实际功率PL=UL·IL.作出U=E-Ir图线,可得小灯泡的工作电流为0.35A,工作电压为0.80V,故小灯泡的实际功率为0.28W.（3分）15.【答案】解：（1）每分钟内流过该导线这一横截面的电子数目为：n===3×1016个 （2）流过该导线的电流为：I===8×10-5A答：（1）每分钟内流过该导线这一横截面的电子数目为3×1016个． （2）流过该导线的电流是8×10-5A．16.解：(1)对小物块受力分析如图，物块静止mgsin37°＝qEcos37°E＝(2)当场强变为原来的时，小物块所受的合外力-11-\nmgsin37°－qEcos37°＝ma，所以a＝3m/s2(3)由动能定理mgsin37°·＝mv2，所以v＝17.（1） （2）；电势能增加18.答案 (1)mg (2)mgR解析 (1)小物块由A到B过程由动能定理，得：mgsinθ·2r－μ(mgcosθ＋qE)·2r＝mv解得：vB＝小物块由B到C过程由机械能守恒定律，得：mgr(1－cosθ)＝mv－mv解得：vC＝在C点由牛顿第二定律，得：FN－mg＝m解得：FN＝mg由牛顿第三定律可得，在C点小物块对圆轨道的压力大小为FN′＝mg(2)小物块离开D点后做平抛运动，得：水平方向：x＝v0t竖直方向：y＝gt2而：x2＋y2＝R2小物块平抛过程机械能守恒，得：mgy＝Ek－mv由以上四式解得Ek＝＋-11-\n由数学中的均值不等式可知：Ek≥2＝mgR故小物块动能的最小值为Ekmin＝mgR-11-
