专题3.3图形面积求最值，函数值域正当时【题型综述】1、面积问题的解决策略：（1）求三角形的面积需要寻底找高，需要两条线段的长度，为了简化运算，通常优先选择能用坐标直接进行表示的底（或高）（2）面积的拆分：不规则的多边形的面积通常考虑拆分为多个三角形的面积和，对于三角形如果底和高不便于计算，则也可以考虑拆分成若干个易于计算的三角形2、多个图形面积的关系的转化：关键词“求同存异”，寻找这些图形的底和高中是否存在“同底”或“等高”的特点，从而可将面积的关系转化为线段的关系，使得计算得以简化3、面积的最值问题：通常利用公式将面积转化为某个变量的函数，再求解函数的最值，在寻底找高的过程中，优先选择长度为定值的线段参与运算。这样可以使函数解析式较为简单，便于分析【典例指引】例1已知椭圆（）的一个顶点为，离心率为，直线（）与椭圆交于，两点，若存在关于过点的直线，使得点与点关于该直线对称．（I）求椭圆的方程；（II）求实数的取值范围；（III）用表示的面积，并判断是否存在最大值.若存在，求出最大值；若不存在，说明理由．27\n，可得：，则有：（），故（III）法一（面积转化为弦长）：，27\n到的距离，，所以，设，，则，所以在上是减函数，所以面积无最大值．法二（面积坐标化公式）：易得向量，，则有，因，在上均为减函数，则在上均为减函数，所以面积无最大值．可得的面积的取值范围为．点评：（1）第二小问分为两个操作程序：①据对称性得到直线斜率与截距之间的关系；②据位置关系构建直线斜率与截距之间的不等关系．点关于直线对称的转化为对称轴为垂直平分线，法一进一步转化为等腰三角形，从而线段相等，利用两点距离公式进行坐标化，化简后得到交点坐标纵横坐标之和及弦的斜率，故可以使用韦达定理整体代入．实际上所有使用韦达定理整体代入这个处理方式的标准是题意韦达定理化：①条件与目标均能化为交点坐标和与积的形式；②横坐标纵坐标；法二则点差法处理弦中点问题．均可得到直线的斜率与截距之间的关系．构建不等式的方式：法一根据直线与椭圆的位置关系，利用判别式构建参数的不等式；法二根据点与椭圆的位置关系，利用中点在椭圆内构建参数的的不等式；故直线与椭圆相交可与点在椭圆内等价转化；（2）第三小问分成两个操作程序：①构建面积的函数关系；②27\n求函数的值域．法一利用底与高表示三角形面积，三角形的底则为弦长，三角形高则为点线距离．法二利用三角形面积的坐标公式，不管哪种面积公式，均会出现交点坐标之差，故从整道题全局来说，第二问使用韦达定理显得更流畅，时分比更高，所以要注意方法的选择与整合．关于分式型函数求最值，常见思路为：以分母为整体，分子常数化，往往化简为反比例函数、对勾函数及二次函数的复合函数，本题这个函数形式并不常见．特别要注意基本函数的和与差这种结构的函数，特殊情况可以直接判断单调性，这样可以避免导数过程．变式与引申：若过点的直线交椭圆于，求四边形的面积的取值范围．例2、已知椭圆的左、右两个焦点分别为，离心率，短轴长为2.（1）求椭圆的方程；（2）点为椭圆上的一动点（非长轴端点），的延长线与椭圆交于点，的延长线与椭圆交于点，求面积的最大值.【思路引导】（1）由题意得，再由，标准方程为27\n；（2）①当的斜率不存在时，不妨取；②当的斜率存在时，设的方程为，联立方程组，又直线的距离点到直线的距离为面积的最大值为.解析：（1）由题意得，解得，27\n化简得，设点到直线的距离因为是线段的中点，所以点到直线的距离为，∴27\n综上，面积的最大值为.【点评】本题主要考查椭圆的标准方程及其性质、点到直线的距离、弦长公式和三角形面积公式等知识，涉及函数与方程思想、数形结合思想分类与整合、转化与化归等思想，并考查运算求解能力和逻辑推理能力，属于较难题型.第一小题由题意由方程思想建立方程组求得标准方程为；（2）利用分类与整合思想分当的斜率不存在与存在两种情况求解，在斜率存在时，由舍而不求法求得，再求得点到直线的距离为面积的最大值为.例3、已知点A（﹣4，4）、B（4，4），直线AM与BM相交于点M，且直线AM的斜率与直线BM的斜率之差为﹣2，点M的轨迹为曲线C．（1）求曲线C的轨迹方程；（2）Q为直线y=﹣1上的动点，过Q做曲线C的切线，切点分别为D、E，求△QDE的面积S的最小值．【思路引导】（Ⅰ）设，由题意得，化简可得曲线的方程为；（Ⅱ）设，切线方程为，与抛物线方程联立互为，由于直线与抛物线相切可得，解得，可切点，由，利用韦达定理，得到，得到为直角三角形，得出三角形面积的表达式，即可求解三角形的最小值．27\n考点：直线与圆锥曲线的综合问题；轨迹方程的求解．【点评】本题主要考查了直线与抛物线相切的性质、切线方程、相互垂直的斜率之间的关系、两点间的距离公式、三角形的面积公式、二次函数的性质等知识点的综合应用，着重考查了分析问题和解答问题的能力、推理与运算能力，试题有一定的难度，属于难题，本题的解答中把切线的方程代入抛物线的方程，利用根与系数的关系，表示出三角形的面积是解答问题的关键．例4、已知椭圆的焦距为2,离心率为.(Ⅰ)求椭圆的标准方程;(Ⅱ)过点作圆的切线,切点分别为,直线与轴交于点,过点作直线交椭圆于两点,点关于轴的对称点为,求面积的最大值.【思路引导】(Ⅰ)由椭圆的焦点为，离心率为，求出，由此能求出椭圆的标准方程；(Ⅱ)由题意，得、、、四点共圆，该圆的方程为，得27\n的方程为，直线的方程为，设，则，从而最大，就最大，可设直线的方程为，由，得，由此利用根的判别式、韦达定理、弦长公式，能求出的面积的最大值.试题解析：(Ⅰ)由题意,,解得,由,解得;所以椭圆的标准方程为.又直线与椭圆交于不同的两点,则,即,,令,则,27\n令,则函数在上单调递增,即当时,在上单调递增,因此有；所以,当时取等号.故面积的最大值为3.【点评】本题主要考查待定系数法求椭圆的方程、韦达定理和三角形面积公式及单调性求最值，属于难题.解决圆锥曲线中的最值问题一般有两种方法：一是几何意义，特别是用圆锥曲线的定义和平面几何的有关结论来解决，非常巧妙；二是将圆锥曲线中最值问题转化为函数问题，然后根据函数的特征选用参数法、配方法、判别式法、三角函数有界法、以及均值不等式法，本题（2）就是用的这种思路，利用函数单调法面积的最大值的.【扩展链接】椭圆与双曲线中焦点三角形面积公式：（1）椭圆：设为椭圆上一点，且，则（2）双曲线：设为双曲线上一点，且，则【同步训练】1．已知椭圆：（）的短轴长为2，离心率为，直线：与椭圆交于，两点，且线段的垂直平分线通过点.（1）求椭圆的标准方程；（2）当（为坐标原点）面积取最大值时，求直线的方程.【答案】（1）（2）或或【思路引导】27\n（1）由已知可得解出即可（2）设，，联立方程写出韦达定理，由，，．求出表达式然后根据函数，.求得面积最大值从而确定直线方程27\n，当时，取到等号.则:当时，因为线段的垂直平分线过点，所以，化简整理得．由得．27\n又原点到直线的距离为．【点评】先根据定义列出相关等式，求解方程即可，对于直线与椭圆的综合，要熟悉弦长公式，，然后联立方程写出表达式，根据函数特征求出最值从而确定参数的值得出结果.在做此类题型时计算一定要认真仔细.2．已知抛物线，圆，点为抛物线上的动点，为坐标原点，线段的中点的轨迹为曲线.（1）求抛物线的方程；（2）点是曲线上的点，过点作圆的两条切线，分别与轴交于两点.求面积的最小值.【答案】（Ⅰ）;（Ⅱ）.【思路引导】（Ⅰ）由题意可得，设中点坐标，表示出点，将其代入到抛物线方程中，即可得到抛物线的方程；（Ⅱ）由题意可设切线方程为：27\n，进而得到切线与x轴的交点为，由圆心到切线方程的距离为半径，得到，由韦达定理，可得到的函数关系式，利用函数的单调性可求出面积最小值.试题解析：（Ⅰ）设，则点在抛物线上，则，∴记，则，∵，∴在上单增，∴，∴，∴面积的最小值为．【点评】本题主要考查以抛物线与圆的方程为载体，考查了抛物线的标准方程，考查了直线与圆相切问题，切线的性质，同时考查了利用导数法解决函数的最值问题，综合性较强，正确利用已知条件转化成一元二次方程，再利用韦达定理即可求出面积的函数表达式，再利用函数的单调性即可求出最值.27\n3．已知椭圆的长轴长为，左焦点，若过点的直线与椭圆交于两点．（1）求椭圆的标准方程；（2）求证：；（3）求面积的最大值．【答案】（1）（2）见解析（3）【思路引导】（1）由椭圆几何意义得，解得（2）即证：，设，直线方程为，即证，联立直线方程与椭圆方程，代入化简即证（3）利用三角形面积公式得，再利用直线方程得，利用弦长公式可得一元函数，利用换元可化为一元二次函数：，，根据二次函数对称轴与定义区间位置关系可得最值27\n（3）令则当（满足），所以的最大值为【点评】解析几何中的最值是高考的热点，在圆锥曲线的综合问题中经常出现，求解此类问题的一般思路为在深刻认识运动变化的过程之中，抓住函数关系，将目标量表示为一个(或者多个)变量的函数，然后借助于函数最值的探求来使问题得以解决.4．已知点，椭圆的离心率为是椭圆的焦点，直线的斜率为为坐标原点.（1）求椭圆的方程；（2）设过点的直线与椭圆相交于两点，当的面积最大时，求直线的方程.【答案】（1）；（2）.27\n【思路引导】（1）设出F，由直线AF的斜率为，求得c，结合离心率求得a，再由隐含条件求得b，则椭圆方程可求；（2）当l⊥x轴时，不合题意；当直线l斜率存在时，设直线l：y=kx-2，联立直线方程和椭圆方程，由判别式大于0求得k的范围，再由弦长公式求得|PQ|，由点到直线的距离公式求得O到l的距离，代入三角形面积公式，化简后换元，利用基本不等式求得最值，进一步求出k值，则直线方程可求．5．在平面直角坐标系中，满足，设点的轨迹为，从上一点向圆作两条切线，切点分别为，且.（1）求点的轨迹方程和；（2）当点在第一象限时，连接切点，分别交轴于点，求27\n面积最小时点的坐标.【答案】（1），；（2）.【思路引导】（1）根据，由两点坐标运算即可解得；（2）写出切线的方程，解得与轴的交点，与轴的交点的坐标，写出面积公式进而求解即可.试题解析：（1）由题知，整理得，点的轨迹方程是，在中，，即圆的半径.（2）设点.为圆的切线，6．如图，已知椭圆：的离心率为，、为椭圆的左右顶点，焦点到短轴端点的距离为2，、为椭圆上异于、的两点，且直线的斜率等于直线斜率的2倍．27\n（Ⅰ）求证：直线与直线的斜率乘积为定值；（Ⅱ）求三角形的面积的最大值．【答案】（Ⅰ）见解析;（Ⅱ）.【思路引导】（Ⅰ）由椭圆的方程可得点P,A,B的坐标，利用两点式求直线斜率的方法可求出BP,BQ的斜率乘积为定值-1；（Ⅱ）当直线的斜率存在时，，，，当直线的斜率不存在时，，故综合的最大值为.试题解析：27\n点为右端点，舍去，，令（），，，，当直线的斜率不存在时，，，，即，解得，，，所以的最大值为.27\n7．已知椭圆经过点，离心率.（Ⅰ）求椭圆的标准方程；（Ⅱ）设过点的直线与椭圆相交于两点，求的面积的最大值。【答案】(1);(2)1.【思路引导】（Ⅰ）运用椭圆的离心率公式和点满足椭圆方程，以及a，b，c的关系，解方程可得a，b，进而得到椭圆方程；（Ⅱ）当直线l的斜率不存在，不合题意，可设直线l：y=kx﹣2，P（x1，y1），Q（x2，y2），联立椭圆方程，消去y，得到x的方程，运用判别式大于0和韦达定理，以及弦长公式，点到直线的距离公式，由三角形的面积公式，运用换元法和基本不等式即可得到所求最大值．8．如图，已知抛物线的焦点在抛物线上，点是抛物线27\n上的动点．（Ⅰ）求抛物线的方程及其准线方程；（Ⅱ）过点作抛物线的两条切线，、分别为两个切点，求面积的最小值．【答案】(Ⅰ)的方程为其准线方程为；(Ⅱ)2.【思路引导】（I）由题意抛物线的焦点为抛物线的顶点（，由此算出从而得到抛物线的方程，得到的准线方程；（II）设则可得切线，的方程，进而可得所以直线的方程为.联立由韦达定理得，可求得．进而求得点到直线的距离．则的面积所以当时，取最小值为。即面积的最小值为2.27\n9．在平面直角坐标系xOy中，椭圆G的中心为坐标原点，左焦点为F1（﹣1，0），离心率e=．（1）求椭圆G的标准方程；（2）已知直线l1：y=kx+m1与椭圆G交于A，B两点，直线l2：y=kx+m2（m1≠m2）与椭圆G交于C，D两点，且|AB|=|CD|，如图所示．①证明：m1+m2=0；②求四边形ABCD的面积S的最大值．27\n【答案】（1）（2）①见解析②【思路引导】（1）由焦点坐标及离心率可求得，即可求椭圆G的标准方程；（2）①利用弦长公式及韦达定理，表示出由，由得到；②四边形是平行四边形，设间的距离，由得，即可.（2）设A（x1，y1），B（x2，y2），C（x3，y3），D（x4，y4）①证明：由消去y得（1+2k2）x2+4km1x+2m12﹣2=0，x1+x2=，x1x2=；|AB|==2；同理|CD|=2，由|AB|=|CD|得2=2，27\n∵m1≠m2，∴m1+m2=0②四边形ABCD是平行四边形，设AB，CD间的距离d=∵m1+m2=0，∴∴s=|AB|×d=2×=.所以当2k2+1=2m12时，四边形ABCD的面积S的最大值为210．已知椭圆：（）的短轴长为2，以为中点的弦经过左焦点，其中点不与坐标原点重合，射线与以圆心的圆交于点.（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）若四边形是矩形，求圆的半径；（Ⅲ）若圆的半径为2，求四边形面积的最小值.【答案】(1);(2).（3）四边形面积的最小值为.【思路引导】（Ⅰ）根据题意列出关于、、的方程组，结合性质，，求出、、，即可得结果；（Ⅱ）设直线的方程为，直线与曲线联立，根据韦达定理结合，可求出，从而可得结果；（Ⅲ）根据弦长公式，点到直线距离公式和三角形面积公式可得四边形面积，利用单调性可得结果.27\n（Ⅲ）当圆的半径为2时，由（Ⅱ）可知的中点为，所以直线的斜率为，所以直线的方程为.设点到直线的距离为，因为点是弦的中点，所以点到直线的距离也为，则.因为点，位于直线的异侧，所以.27\n所以.又因为，所以所以四边形面积，其中.可知当时，，即四边形面积的最小值为.27
