广东省2022年上学期深圳市外国语学校高三物理第一次月考试题答案1．DA．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里应用了微元法，选项A正确，不符合题意；B．当△t非常小时，就可以表示物体在某时刻的瞬时速度，这里应用了极限法，选项B正确，不符合题意；C．伽利略借助理想斜面实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律，选项C正确，不符合题意；D．质点、光滑斜面是利用了理想模型法，选项D错误，符合题意。故选D。2．AA．根据摩擦力产生条件可知受摩擦力时一定受弹力；弹力方向垂直接触表面，摩擦力方向与接触表面相切，所以这两个力的方向一定相互垂直，故A正确；B．运动物体所受摩擦力的方向一定和它相对运动方向相反，当摩擦力为动力时，摩擦力的方向与运动方向相同，故B错误；C．同一对作用力与反作用的大小都是相等的，故C错误；D．完全失重状态下的物体只受重力作用，故D错误；故选A。3．B水流由A到B做匀加速直线运动，由速度与位移关系：，代入数据解得：9/9\n，由单位时间内通过任意横截面的水的体积均相等，可得：，解得：d2＝0.98cm，故B正确,ACD错误．4．D对物块进行受力分析，如图所示物块受重力G、支持力N、推力F、摩擦力f作用，将重力分解为沿斜面向下的力和与斜面垂直的力，如图所示由图可知，与N平衡，故可等效为物体在推力F、沿斜面向下的力、摩擦力f三个力的作用下沿斜面上的虚线做匀速运动，其等效的受力情况如图所示9/9\n根据三力平衡特点，F与的合力必沿斜面向下，故摩擦力f只能沿斜面向上，故物体沿虚线向下做匀速运动，AB错误；由几何关系得F与的合力，由平衡条件得：，故物体与斜面间的动摩擦因数5.【答案】A【解析】木块和木板之间相对静止时，所受的摩擦力为静摩擦力。在达到最大静摩擦力前，木块和木板以相同加速度运动，根据牛顿第二定律，木块和木板相对运动时，恒定不变，。所以正确答案是A。6.B【解析】飞轮和后轮角速度ω1相等，链轮和飞轮的边缘线速度v相等，链轮和踏板角速度ω2相等，可得故B正确，ACD错误。7【解答】解：A、物块做的是匀速圆周运动，由合外力作为物块的向心力，产生加速度，所以物体的加速度不为零，不是平衡状态。故A错误。C、物块在下滑的过程，物体受到的向心力的方向由水平向右逐渐向上发生偏转，但始终有向右的分量，所以碗与物块组成的系统在水平方向必定受到向右的地面的摩擦力，故C错误。9/9\nBD、物块下滑过程中，半球碗对物块的支持力与重力沿半径方向的分力共同提供向心力，N﹣mgcosθ＝m，下滑时，θ逐渐减小，故支持力N逐渐增大，摩擦力f＝mgsinθ，逐渐减小，故B正确，D错误。故选：B。8.答案 AD解析 水平抛出的物体在t＝tp时刻抵达斜面之前，其沿水平方向做匀速直线运动，水平速度vx＝v0，设斜面倾角为θ，物体抵达斜面后加速度a＝gsinθ，故水平方向速度vx＝v0＋(gsinθ·cosθ)(t－tp)，即在水平方向做匀加速运动，故选项B错误；在t＝tp时刻抵达斜面之前，物体在水平方向的位移xp＝v0t，而抵达斜面后物体在水平方向的位移x＝v0tp＋v0(t－tp)＋gsinθ·cosθ·(t－tp)2，故选项A正确；在t＝tp时刻抵达斜面之前，物体在竖直方向做自由落体运动，故竖直方向的速度vy＝gt，抵达斜面后物体在竖直方向的加速度ay＝gsin2θ，故vy＝gtp＋g·sin2θ·(t－tp)，故选项D正确；在t＝tp时刻抵达斜面之前，物体在竖直方向的位移yp＝gt2，抵达斜面后y＝gt＋gtp·(t－tp)＋gsin2θ·(t－tp)2，故选项C错误。9．BCA．摩擦轮逆时针转动，第1张纸受到摩擦轮的摩擦力方向向右，故A错误；B．第2张纸上表面受到第1张纸向右的滑动摩擦力和第3张纸的最大静摩擦力由于所以第2张纸受到的合外力为零，故B正确；C．根据上述分析，第2张纸到第10张纸到的合外力为零，所以不会发生相对滑动，故C正确；9/9\nD．第9张纸受到第10张纸的静摩擦力，根据牛顿第三定律，第10张纸受到第9张纸给的摩擦力作用，两力等大反向，故D错误。故选BC。10．【解答】解：AB、设角速度ω在0～ω1范围时绳处于松弛状态，球受到重力与环的弹力两个力的作用，弹力与竖直方向夹角为θ，则有：mgtanθ＝mRsinθ•ω2，即为：，当绳恰好伸直时有：θ＝60°，对应，故AB正确；CD、设在ω1＜ω＜ω2时绳中有张力且小于2mg，此时有：FNcos60°＝mg+FTcos60°，FNsin60°+FTsin60°＝mω2Rsin60°，当FT取最大值2mg时代入可得：，即当时绳将断裂，小球又只受到重力、环的弹力两个力的作用，故C错误，D正确。故选：ABD。11．匀减速2k(1)[1][2]由于球下落的位置不变，光电门B的位置不变，因此小球到达B点的速度不变，设球到B点的速度为vB，则球的运动可以看成是倒过来的匀减速直线运动，则有(2)[3]将整理后可得由图线斜率的绝对值有解得：g=2k9/9\n12、【答案】(1)匀速直线 (2) 2.40 (3)见解析图 (4)没有完全平衡摩擦力(1)摩擦力是否平衡，要根据小车不受拉力作用时，沿长木板能否做匀速直线运动来判断。(2)小车在拉力作用下做匀变速直线运动，由匀变速直线运动的规律可得：a＝。小车在不同拉力作用下均做匀变速直线运动，由vB2－vA2与a成正比可得：a＝2.40m/s2。(3)根据表中a与F的数据描点，发现各点基本处于同一条直线上，通过各点作直线即可。(4)没有完全平衡摩擦力。当没有完全平衡摩擦力时，由F－Ff＝ma得：a＝F－，a－F图线交于F轴的正半轴。13、解析：(1)设石头从A处滑到坡底B处的时间为t1，到达坡底B处速度为v1，则x1＝v0t1＋at，…………………………1分代入数据解得t1＝16s…………………1分此时石头的速度为v1＝v0＋at1＝2m/s＋1×16m/s＝18m/s……………………1分游客加速到最大速度用时t0＝＝15s，t1＝t0＋1s…………………1分此过程游客一直在加速前进，游客前进的位移为x2＝a′(t1－1)2＝45m.………1分(2)石头滑到坡底B处时，游客的速度为0.4×(16－1)m/s＝6m/s，刚好达到最大速度，此后石头做匀减速运动，游客开始以vm做匀速运动，设又经过时间t2二者的速度相等，9/9\nv共＝v1－a石t2＝vm＝6m/s………………………2分解得t2＝6s，……………………………………1分石头在这段时间内的位移为x石＝t2＝×6m＝72m，………………………………………1分游客此时的总位移为x游＝x2＋vmt2＝45m＋6×6m＝81m，………………………………………1分由于x石＝72m＜x游＝81m，……………………………………………1分说明石头此刻未能追上游客，游客能脱离危险，石头与游客间的最小距离为Δxmin＝81m－72m＝9m.…………………………………………………1分14.(1)小球从A到C过程，据动能定理有由几何关系有，可得………………2分(2)若恰好到D点，则，解得…………1分因为且，可得最终往复运动且小球从B到C过程，据动能定理，…………2分得………………1分根据牛顿第三定律得，方向竖直向下。……………………2分(3)讨论中途不脱离轨道：9/9\n①若不过D点，则，解得………………2分②若能过E点，不中途脱离圆轨道…………………………1分从A到E，动能定理……………………1分解得……………………………………1分讨论能回到A：①沿轨道返回到A点，得………………2分舍去（或者其他合理讨论得出不能沿着回到返回A点，只能靠从E点抛出回到A点）②从E点平抛，到达A点，则，……………………1分联立得，则……………………1分综上所述只能取。……………………………………1分15.解析 (1)活塞刚离开B处时，设气体的压强为p2，由二力平衡可得p2＝p0＋…………1分解得p2＝1.2×105Pa由查理定律得＝…………1分解得t2＝127℃…………1分(2)设活塞最终移动到A处，缸内气体最后的压强为p3，由理想气体状态方程得＝…………1分解得p3＝1.5×105Pa。…………1分9/9\n因为p3＞p2，故活塞最终移动到A处的假设成立。(3)如图所示。…………2分欢迎访问“高中试卷网”——http://sj.fjjy.org9/9
