广西梧州市2022学年高二化学上学期期末考试试题（含解析）

广西梧州市2022-2022学年高二上学期期末考试化学试卷一．选择题（本题包括10小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题2分，共20分）1．下列物质中不属于营养物质的是（　　）　A．蛋白质B．葡萄糖C．油脂D．乙醇考点：合理摄入营养物质的重要性．.分析：人类重要的六大类营养素：①蛋白质②糖类③油脂④维生素⑤无机盐⑥水．解答：解：A．蛋白质是营养物质，故A错误；B．葡萄糖属于糖类，是营养物质，故B错误；C．油脂是营养物质，故C错误；D．乙醇不是营养物质，故D正确．故选D．点评：本题考查营养素，题目难度不大，注意基础知识的积累，①蛋白质②糖类③油脂④维生素⑤无机盐⑥水是六大营养素．　2．（2分）有机物的名称正确的是（　　）　A．3﹣甲基己烷B．2﹣乙基戊烷C．4﹣甲基己烷D．4﹣乙基戊烷考点：烷烃及其命名．.分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：烷烃命名原则：①长﹣﹣﹣﹣﹣选最长碳链为主链．②多﹣﹣﹣﹣﹣遇等长碳链时，支链最多为主链．③近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号．④小﹣﹣﹣﹣﹣支链编号之和最小．看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号”的原则⑤简﹣﹣﹣﹣﹣两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号．如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面．解答：解：此有机物最长碳链为6，在3号碳上含有1个甲基，故正确命名为：3﹣甲基己烷，故选A．点评：本题考查了有机物的命名知识．一般要求了解烷烃的命名、苯的同系物的命名及简单的烃的衍生物的命名．命名时要遵循命名原则，书写要规范．　3．（2分）下列说法正确的是（　　）　A．含C=C的物质一定是烯烃B．烯烃一定能发生加成反应　C．CH≡CCH2Cl属于不饱和烃D．最简式为CH2的物质一定是同系物考点：烯烃；饱和烃与不饱和烃；芳香烃、烃基和同系物．.分析：A、含C=C的物质可能是烯烃、二烯烃、环烯烃等；B、烯烃具有碳碳双键，能发生加成反应；C、烃是只有C、H两种元素组成的化合物；-13-\nD、最简式为CH2的物质可以是烯烃或者环烷烃，不一定是同系物．解答：解：A、含C=C的物质可能是烯烃、二烯烃、环烯烃等，如1，3﹣丁二烯，属于二烯烃，不是烯烃，故A错误；B、烯烃具有碳碳双键，能发生加成反应，故B正确；C、烃是只有C、H两种元素组成的化合物，CH≡CCH2Cl中还含有Cl，属于烃的衍生物，故C错误；D、最简式为CH2的物质可以是烯烃或者环烷烃，不一定是同系物，如环己烷符合此最简式，但与烯烃不是同系物，故D错误，故选B．点评：本题主要考查的是烯烃、烃的定义，最简式与同系物等，难度不大，理解概念是关键．　4．（2分）下列烯烃分别与HBr按物质的量之比为l：l加成后，所得的产物只有一种的是（　　）　A．CH2=CHCH3B．CH2=C（CH3）2C．CH3CH=CHCH3D．CH2=CHCH=CH2考点：同分异构现象和同分异构体；取代反应与加成反应．.分析：根据对称烯烃与不对称分子加成后产物只有1种来判断．解答：解：HBr是不对称分子，CH3CH=CHCH3是对称分子，加成后产物只有1种，CH2=CHCH3、CH2=C（CH3）2、CH2=CHCH=CH2都是不对称分子，加成产物有2种，故选C．点评：本题主要考查了烯烃加成反应的规律，侧重考查学生分析问题的能力，题目难度中等．　5．（2分）下列物质，在NaOH水溶液中，没有发生化学反应的是（　　）　A．CH3CH2OHB．CH3CH2BrC．CH3COOHD．CH3COOCH2CH3考点：乙醇的化学性质；溴乙烷的化学性质；乙酸的化学性质．.分析：常见有机物中能与氢氧化钠反应的物质有羧酸、酯、酚、卤代烃、氨基酸、蛋白质等．可以和羧酸生成羧酸盐、和酚羟基生成酚的钠盐、和卤代烃生成卤化钠和醇、和酯生成盐和醇．解答：解：A、CH3CH2OH与氢氧化钠不反应，故A正确；B、CH3CH2Br与氢氧化钠水溶液生成乙醇和溴化钠，故B错误；C、CH3COOH与氢氧化钠生成乙酸钠和水，故C错误；D、CH3COOCH2CH3与氢氧化钠反应生成乙酸钠与乙醇，故D错误．故选A．点评：本题主要考查常见有机物的性质，难度不大，注意掌握常见各类有机物的性质与结构．　6．（2分）相同质量的下列气态烃完全燃烧，消耗氧气最多的是（　　）　A．C3H8B．C3H6C．C2H4D．CH4考点：化学方程式的有关计算．.分析：相同质量的各烃完全燃烧，耗氧量取决于H元素的质量分数，分子中H元素的质量分数越高，耗氧量越大，计算分子中C原子与H原子数目之比，相同C原子，H原子数目越大，H元素质量分数越大，据此解答．-13-\n解答：解：由C～O2～CO2，4H～O2～2H2O进行比较，消耗1molO2，需要12gC，而消耗1molO2，需要4gH，可知有机物含氢量越大，等质量时消耗的O2越多，由四个选项中CH原子个数比分别为3：8、1：2、1：2、1：4，显然CH4的含氢量最大，则等质量时甲烷消耗的氧气应最多．故选D．点评：本题考查有机物耗氧量的判断，为高频考点，题目难度不大，本题可比较C、H原子消耗氧气的关系，利用关系式计算较为简单．　7．（2分）若要制得CH3CH2Cl，最好的方法是（　　）　A．CH3CH3与Cl2取代反应B．CH2=CH2与Cl2加成反应　C．CH2=CH2与HCl加成反应D．CH3CH2Br与Cl2置换反应考点：取代反应与加成反应．.分析：A．乙烷与氯气在光照条件下发生取代反应生成了乙烷的各种氯代产物的混合物；B．乙烯与氯气发生加成反应生成1，2﹣二氯乙烷；C．乙烯与氯化氢发生加成反应生成氯乙烷；D．溴乙烷与与氯气反应生成了各种溴乙烷的氯代产物的混合物．解答：解：A．CH3CH3+Cl2→CH3CH2Cl+HCl，该反应有杂质HCl生成，还有其他氯代烃生成，所以不符合原子经济的理念，故A错误；B．乙烯与氯气反应：CH2=CH2+Cl2→CH2ClCH2Cl，产物是二氯乙烷不是氯乙烷，故B错误；C．乙烯和HCl发生加成：CH2=CH2+HCl→CH3CH2Cl，生成物只有氯乙烷，符合题意，故C正确；D．溴乙烷与与氯气反应生成了各种溴乙烷的氯代产物的混合物，无法获得纯净的氯乙烷，故D错误；故选C．点评：本题考查了乙烯和乙烷的化学性质，题目难度不大，注意烷烃和烯烃化学性质的区别，制取纯净的氯代烃一般通过加成反应完成．　8．（2分）随着社会的发展，人们日益重视环境问题，下列做法或说法符合低碳理念的是（　　）　A．冬天到了，南菜北调，丰富人民的生活　B．尽量吃本地的新鲜蔬菜　C．西煤东运，解决东部地区的能源问题　D．鼓励人们使清洁的深井水考点：常见的生活环境的污染及治理；绿色化学．.分析：A、南菜北调，要消耗大量的能源；B、尽量吃本地的新鲜蔬菜，减少运输即减少能源的消耗；C、大量使用煤作燃料，会排放出大量的二氧化碳及部分一氧化碳和二氧化硫；D、鼓励人们使用清洁的深井水，也会消耗大量的能源；解答：解：A、南菜北调，要消耗大量的能源，不符合低碳理念，故A错误；B、尽量吃本地的新鲜蔬菜，减少运输即减少能源的消耗，符合低碳理念，故B正确；C、西煤东运，要消耗大量能源，并且大量使用煤作燃料，会排放出大量的二氧化碳及部分一氧化碳和二氧化硫，不符合低碳理念，故C错误；-13-\nD、鼓励人们使用清洁的深井水，也会消耗大量的能源，不符合低碳理念，故D错误；故选：B；点评：本题主要考查了低碳的含义，难度不大，要我们树立环保的意识，减少都环境的污染；　9．（2分）区别苯和甲苯可用的试剂是（　　）　A．酸性KMnO4溶液B．溴水C．NaOH溶液D．FeCl3溶液考点：有机物的鉴别．.分析：苯不与高锰酸钾溶液反应，而甲苯能被高锰酸钾酸性溶液氧化，而使其褪色，以此来解答．解答：解；A．苯不与高锰酸钾溶液反应，而甲苯能被高锰酸钾酸性溶液氧化，而使其褪色，现象不同，能鉴别，故A正确；B．均不与溴水反应，发生萃取的现象相同，不能鉴别，故B错误；C．与氢氧化钠不反应，均不溶于水，密度均比水的小，现象相同，不能鉴别，故C错误；D．与氯化铁不反应，均不溶于水，密度均比水的小，现象相同，不能鉴别，故D错误．故选A．点评：本题考查有机物的鉴别，为高频考点，侧重甲苯性质的考查，注意甲苯中苯对甲基的影响易被氧化为解答的关键，题目难度不大．　10．（2分）下列关于蛋白质的叙述中，不正确的是（　　）　A．在蛋白质溶液中加入饱和硫酸铵溶液，析出的蛋白质再加水也不溶解：　B．蛋白质的水解产物是氨基酸　C．重金属盐能使蛋白质变性，所以误食重金属盐会中毒　D．蛋白质是天然高分子化合物考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点．.分析：A、当向蛋白质溶液中加入的盐溶液达到一定浓度时，反而使蛋白质的溶解度降低而从溶液中析出，这种作用叫盐析；B、蛋白质水解生成氨基酸；C、蛋白质变性是指蛋白质在某些物理和化学因素作用下其特定的空间构象被改变，从而导致其理化性质的改变和生物活性的丧失，这种现象称为蛋白质变性；D、蛋白质的相对分子质量均在10000以上，属于天然高分子化合物．解答：解：A、蛋白质溶液中加入饱和（NH4）2SO4溶液，蛋白质析出，再加水会溶解，盐析是可逆的，故A错误；B、蛋白质水解生成氨基酸，故B正确；C、能使蛋白质变性的化学方法有加强酸、强碱、尿素、乙醇、丙酮、甲醛等有机溶剂化学物质、重金属盐等；能使蛋白质变性的物理方法有加热（高温）、紫外线及X射线照射、超声波、剧烈振荡或搅拌等，故C正确；D、蛋白质的相对分子质量均在10000以上，属于天然高分子化合物，故D正确，故选A．点评：本题考查氨基酸、蛋白质的结构和性质特点，平时注意知识的积累．　-13-\n二、选择颢（本题包括8小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）11．（3分）对有机物的化学性质叙述错误的是（　　）　A．加热时能被新制的银氨溶液氧化B．能使酸性KMnO4溶液褪色　C．能发生加聚反应D．1mol该物质只能与lmolH2加成考点：有机物的结构和性质．.分析：该物质含C=C、﹣CHO，结合烯烃和醛的性质来解答．解答：解：A．含有醛基，可在加热条件下与新制的银氨溶液反应，故A正确；B．碳碳双键和醛基都可被酸性高锰酸钾氧化，故B正确；C．含有碳碳双键，可发生加聚反应，故C正确；D．碳碳双键和醛基都可与氢气发生加成反应，则1mol该物质能与2molH2加成，故D错误．故选D．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，熟悉烯烃、醛的性质即可解答，题目难度不大．　12．（3分）下列过程中，发生了消去反应的是（　　）　A．氯苯与NaOH水溶液混合共热B．乙醇与浓硫酸加热到170℃　C．一氯甲烷与NaOH醇溶液共热D．CH3CH2Br和浓硫酸共热到170℃考点：消去反应与水解反应．.分析：消去反应是指在一定条件下，有机物脱去小分子生成含有不饱和的有机物的反应；卤代烃消去反应的条件：与卤原子所连碳原子相邻的碳原子有氢原子时，才可发生消去反应．醇消去反应的条件：与羟基所连碳原子相邻的碳原子有氢原子时，才可发生消去反应．解答：解：A、氯苯与NaOH溶液混合共热生成苯酚和氯化钠，属于取代反应，故A错误；B、乙醇与浓硫酸加热到170℃生成乙烯，属于消去反应，故B正确；C、一氯甲烷只有1个碳原子，分子内不能生成不饱和键，故B错误；D、CH3CH2Br和浓硫酸共热到170℃，不发生反应，故D错误．故选B．点评：本题考查卤代烃与醇的消去反应，难度不大，注意卤代烃在在碱的醇溶液共热，发生消去反应，在碱的水溶液共热，发生取代反应．　13．（3分）某有机物X的分子式为C3H6O2，它在酸性条件下能水解，水解产物只有两种，且这两种产物的相对分子质量相等，该有机物X的结构简式是（　　）　A．CH3CH2COOHB．CH3COOCH3C．HCOOCH2CH3D．HOCH2CH2CHO考点：有机物分子中的官能团及其结构．.分析：有机物X分子式为C3H6O2在酸性条件下水解得一元酸与一元醇，两种产物的相对分子质量相等，则酸为HCOOH，醇为CH3CH2OH，据此解答．解答：-13-\n解：有机物X分子式为C3H6O2在酸性条件下水解得一元酸与一元醇，两种产物的相对分子质量相等，则酸为HCOOH，醇为CH3CH2OH，所以该有机物X的结构简式是HCOOCH2CH3，故选C．点评：本题考查考查有机物推断，涉及酯、酸、醇的性质等，关键在于抓住酯水解得到的酸和醇分子量相等，难度中等．　14．（3分）某高分子化合物的结构如图，它的单体是（　　）　A．B．C．苯和乙烷D．苯和乙烯考点：常用合成高分子材料的化学成分及其性能．.分析：高分子化合物中重复出现的结构单元叫链节，根据加聚反应来确定单体．解答：解：（1）根据合成聚苯乙烯的方程式：，可确定聚苯乙烯的单体为：CH2=CH﹣C6H5，链节是：，故选A．点评：本题考查有高聚物找单体，比较基础，注意基础知识的掌握．　15．（3分）连二苯的结构如图，它的一氯取代物的个数有（　　）　A．l种B．2种C．3种D．4种考点：同分异构现象和同分异构体．.分析：根据等效H原子判断，有几种H原子，一氯代产物有几种同分异构体；分子中等效氢原子一般有如下情况：①分子中同一甲基上连接的氢原子等效，同一碳原子所连的氢原子是等效的；②同一碳原子所连甲基上的氢原子等效；③处于镜面对称位置（相当于平面成像时，物与像的关系）上的氢原子等效．解答：解：由的对称性可知，有3种氢原子，所以它的一氯取代物的个数有3种，故选C．点评：本题考查同分异构体的书写与判断，题目难度中等，注意根据等效H原子判断，正确判断等效H原子是解答本题的关键．　16．（3分）星际空间存在着以分子形式存在的星际物质．下表为某些星际分子发现年代列表，下列有关说法正确的是（　　）发现年代1971年1976年1977年1978年1982年-13-\n星际分子氰基乙炔（HC3N）氰基丁二炔（HC5N）氰基已三炔（HC7N）氰基辛四炔（HC9N）氰基癸五炔（HC11N）（　　）　A．五种氰基炔互为同素异形体B．它们都属于烃的衍生物　C．五种氰基互为同系物D．HC11N属于高分子化合物考点：同素异形体；饱和烃与不饱和烃；芳香烃、烃基和同系物．.分析：A．同种元素形成的单质为同素异形体；B．分子中含有碳碳三键，含有C、H、N三种元素，所以为烃的衍生物；C．同系物要求是结构相似，分子间相差n个CH2；D．高分子化合物的相对分子量达到10000以上．解答：解：A．这五种物质为化合物，不是单质，一定不属于同素异形体，故A错误；B．该五种物质分子中都含有C、H、N三种元素，且含有官能团碳碳三键，所以属于烃的衍生物，故B正确；C．五种物质含有的三键数目不同，则结构不同，分子间相差的不是n个n个CH2，故不属于同系物，故C错误；D．高分子化合物的相对分子质量较大，而HC11N的相对分的分子量较小，不属于高分子化合物，故D错误故选B．点评：本题主要考查了烃的衍生物、同素异形体、高分子化合物、同系物等知识，题目难度不大，注意掌握常见有机物结构与性质，明确同系物、同素异形体的概念，解题关键是合理分析题干信息．　17．（3分）芳香族化合物X、Y、Z的分子式都是C7H8O，当它们处于液体状态时，分别滴入到FeCl3溶液，只有Z呈紫色，若投入金属钠，只有Y无现象，下列说法不正确的是（　　）　A．Z的官能团名称为羟基B．X属于醇类　C．Y没有同类物质的同分异构体D．Z的结构简式只有一种考点：有机物的结构和性质．.分析：芳香族化合物X、Y、Z的分子式都是C7H8O，可能的结构简式有、、等，结合官能团的性质解答该题．解答：解：芳香族化合物X、Y、Z的分子式都是C7H8O，可能的结构简式有、、-13-\n等，分别滴入到FeCl3溶液，只有Z呈紫色，则Z含有酚羟基，可能为，有3种同分异构体，若投入金属钠，只有Y无现象，则Y无羟基，应为，则X为，为醇类物质，只有D不正确．故选D．点评：本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的官能团的性质以及同分异构体的判断，难度不大．　18．（3分）下列有机化合物的分类不正确的是（　　）结构简式物质类别A苯的同系物B芳香族化合物C不饱和烃D不饱和醇　A．AB．BC．CD．D考点：苯的同系物；芳香烃、烃基和同系物；醇类简介．.分析：A．苯的同系物符合：①只有一个苯环；②侧链为烷基；③具有通式CnH2n﹣6（n≥6）；B．含有苯环的化合物为芳香族化合物；C．不饱和烃是含有双键或三键的烃；D．不饱和一元醇是非烷烃基和羟基组成的化合物．解答：解：A．中不含苯环，不是苯的同系物，属于环烷烃，故A错误；B．含有苯环，是芳香族化合物，故B正确；C．含有碳碳双键，属于不饱和烃，故C正确；-13-\nD．含有碳碳三键，属于不饱和一元醇，故D正确；故选A．点评：本题考查有机物的分类、结构，比较基础，注意对概念的理解．　三、实验题（本题包括2小题，共18分）19．（6分）有以下化学实验：A．乙醇与浓硫酸共热制乙烯；B．纤维素水解：C．石油的蒸馏；D．乙醛的银镜反应；E．制取酚醛树脂．对以上实验，接下列各操作的要求，用字母代号填空：（1）需用水浴加热的是　DE　（2）实验装置需要检查气密性的是　AC　；（3）需用温度计的是　AC　．考点：不能加热的仪器及使用方法；间接加热的仪器及使用方法；气体发生装置的气密性检查．.分析：（1）水浴加热的反应条件是温度控制在高于常温且低于100℃之间的温度范围内；（2）实验中用到带塞子的试剂瓶或是以起始必须检验装置的气密性；（3）凡是需要对反应的温度进行控制的反应均需要用到温度计．解答：解：（1）乙醛的银镜反应和酚醛树脂的制取中，需要的温度介于水浴加热温度范围之内，需用水浴加热，故答案为：DE；（2）乙醇与浓硫酸共热制乙烯、石油的蒸馏的制取均需要带塞子的仪器，需检验装置的气密性，故答案为：AC；（3）乙醇与浓硫酸共热制乙烯、石油的蒸馏需要对反应的温度进行控制，需要用到温度计，故答案为：AC．点评：本题考查学生有机化学实验中的反应条件以及温度的要求等方面的知识，注意平时知识的积累是解题的关键，难度不大．　20．（12分）酯是重要的有机合成中间体，广泛应用于溶剂、增塑剂、香料、妨织等工业．乙酸乙酯的实验室制法常采用如图装置：（1）烧瓶中除了乙酸和乙醇之外，还必须加的药品是　浓硫酸　．其作用是　催化剂和脱水剂　；（2）能不能把饱和Na2CO3溶液换成饱和NaCl溶液？　不能　，为什么？　NaCl溶液不能与乙酸反应除去乙酸　．（3）为了乙酸和乙醇回流，减少它们损失，该装置应该改进之处是：　采用回流措施　．（4）分离乙酸乙酯和饱和溶液，所需要的操作是　分液　．-13-\n考点：乙酸乙酯的制取．.分析：（1）根据冰醋酸、无水乙醇和浓硫酸混合加热生成乙酸乙酯和水；此反应中浓硫酸的作用催化剂和吸水剂，减少生成物水，使平衡正移；（2）饱和碳酸钠溶液与乙酸反应除去乙酸、溶解乙醇，同时降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层；（3）为了防止反应过程中乙酸和乙醇挥发损失，所以采用回流措施；（4）互不相溶液体的分离采用分液的方法分离．解答：解：（1）烧瓶中除了乙酸和乙醇之外，还必须加的药品是浓硫酸；浓硫酸作催化剂和脱水剂；故答案为：浓硫酸；催化剂和脱水剂；（2）饱和碳酸钠溶液与乙酸反应除去乙酸、溶解乙醇，同时降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层，而NaCl溶液不能与乙酸反应除去乙酸；故答案为：不能；NaCl溶液不能与乙酸反应除去乙酸；（3）为了乙酸和乙醇回流，减少它们损失，该装置应该改进之处是：采用回流措施；故答案为：采用回流措施；（4）乙酸乙酯和碳酸钠饱和溶液是不溶的，采用分液的方法分离，故答案为：分液．点评：本题考查乙酸乙酯的制备、物质的分离与提纯等知识，解答时须注意酯化反应的原理和饱和碳酸钠溶液的作用，题目难度不大．　四、解答题（共3小题，满分30分）21．（10分）有下列原子或原子团，请按要求选择两个，写出符合要求的有机物的结构简式：﹣CH3、﹣OH、﹣CHO、﹣COOH、﹣Br、﹣H、﹣CH2CH3、（l）分子结构为正四面体的是：　CH4　；（2）能使FeCl3溶液显紫色的是：　　；（3）在NaOH乙醇溶液中能发生消去反应的是：　CH3CH2Br　；（4）1mol该有机物与足量的银氨溶液反应，有4molAg生成的是：　HCHO　；（5）相对分子质量是60，能和NaHCO3反应放出CO2的是：　CH3COOH　．考点：有机物实验式和分子式的确定．.分析：（1）甲基与氢原子构成甲烷，甲烷为正四面体结构；-13-\n（2）苯酚能使FeCl3溶液显紫色；（3）氯代烃能在NaOH的醇溶液中发生消去反应；（4）能与银氨溶液反应的有机物中含有醛基，1mol醛基能生成2molAg，甲醛中相当于含有2个醛基，1mol甲醛能生成4molAg；（5）能和NaHCO3反应放出CO2的是羧酸，依据相对分子质量是60，确定为乙酸．解答：解：（1）甲基与氢原子构成甲烷，甲烷为正四面体结构，故答案为：CH4；（2）苯酚能使FeCl3溶液显紫色，故答案为：；（3）氯代烃能在NaOH的醇溶液中发生消去反应，故答案为：CH3CH2Br；（4）能与银氨溶液反应的有机物中含有醛基，1mol醛基能生成2molAg，甲醛中相当于含有2个醛基，1mol甲醛能生成4molAg，故答案为：HCHO；（5）能和NaHCO3反应放出CO2的是羧酸，依据相对分子质量是60，确定为乙酸，故答案为：CH3COOH．点评：本题主要考查的是常见有机物的结构简式书写以及性质，难度不大．　22．（8分）已知碳化钙（化学式为：CaC2）与水反应生成乙炔和Ca（OH）2．请以CaC2为碳源，其它无机试剂任选，写出由CaC2分三步制取[分子式为：（C2H3Cl）n]聚氯乙烯的化学方程式：　…　．第一步：　CaC2+2H2O=Ca（OH）2+C2H2↑　；第二步：　C2H2+HCl→CH2=CHCl　，反应类型：　加成反应　；第三步：　nCH2=CHCl　，反应类型：　加聚反应　．考点：有机物的合成．.分析：由CaC2分三步制取聚氯乙烯，可以先用与水反应生成乙炔，乙炔与氯化氢加成得氯乙烯，氯乙烯再发生加聚反应得聚氯乙烯，据此答题．解答：解；由CaC2分三步制取聚氯乙烯，可以先用与水反应生成乙炔，反应方程式为CaC2+2H2O=Ca（OH）2+C2H2↑，乙炔与氯化氢加成得氯乙烯，反应方程式为C2H2+HCl→CH2=CHCl，该反应为加成反应，氯乙烯再发生加聚反应得聚氯乙烯，反应方程式为nCH2=CHCl，该反应为加聚反应，故答案为：CaC2+2H2O=Ca（OH）2+C2H2↑；C2H2+HCl→CH2=CHCl；加成反应；nCH2=CHCl；加聚反应．点评：本题主要考查了碳化钙制聚氯乙烯的反应原理，难度不大，注意对基础知识的考查，答题时要注意灵活运用基础知识分析问题．　23．（12分）根据下列物质的转化关系，回答问题：-13-\n（I）淀粉属于　AC　A．多糖B．酯类C．高分子化合物D．单糖（2）葡萄糖常用于水壶胆镀银，说明它有　醛基　（写出官能团名称）；（3）完成下列方程式：C6H12O62C2H5OH+2　CO2　（4）写出B的结构简式：　CH3CH2Cl　；（5）写出下列化学方程式：①C→D：　2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O　；②E+C→F：　CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O　．考点：有机物的推断．.分析：根据题中各物质转化关系，淀粉在酸性条件下水解得葡萄糖，葡萄糖发酵生成乙醇，乙醇在浓硫酸作用下加热得A为CH2=CH2，与氯化氢发生加成得B为CH3CH2Cl，CH3CH2Cl碱性水解得C为CH3CH2OH，CH3CH2OH发生氧化反应得D为CH3CHO，进一步被氧化成E为CH3COOH，与C发生酯化反应得F为CH3COOCH2CH3，据此答题；解答：解：根据题中各物质转化关系，淀粉在酸性条件下水解得葡萄糖，葡萄糖发酵生成乙醇，乙醇在浓硫酸作用下加热得A为CH2=CH2，与氯化氢发生加成得B为CH3CH2Cl，CH3CH2Cl碱性水解得C为CH3CH2OH，CH3CH2OH发生氧化反应得D为CH3CHO，进一步被氧化成E为CH3COOH，与C发生酯化反应得F为CH3COOCH2CH3，（1）淀粉属于多糖，是高分子化合物，故选AC；（2）葡萄糖常用于水壶胆镀银，说明它有还原性基团醛基，故答案为：醛基；（3）根据元素守恒可完成下列方程式：C6H12O62C2H5OH+2CO2，故答案为：CO2；（4）根据上面的分析可知，B的结构简式为：CH3CH2Cl，故答案为：CH3CH2Cl；（5）①C→D的化学方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；②E+C→F的化学方程式为CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O2-13-\n2CH3CHO+2H2O；CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O；点评：本题考查无机物推断，涉及烯烃、醇、醛、羧酸的性质与转化，比较基础，侧重对基础知识的巩固．　五、计算题（本题包括1小题，8分）24．（8分）某烃的衍生物W，仅含C、H、O三种元素．测其密度是相同条件下H2的45倍，各元素的质量百分含量如下表：C%H%O%40.00%6.67%53.33%已知，w既能与乙酸反应，又能与乙醇反应，生成物都是酯和水．W的核磁共振氢谱图中有四种吸收峰，面积之比为3：1：1：1．求：（1）W的相对分子质量为　90　；（2）试计算确定W的分子式：　C3H6O3　；（3）W的结构简式为：　CH3CH（OH）COOH　．考点：有关有机物分子式确定的计算．.分析：（1）相同条件下，气体的相对分子质量之比等于密度之比；（2）由质量分数求碳、氢、氧的原子数之比，即可求出分子式；（3）w既能与乙酸反应，又能与乙醇反应，生成物都是酯和反应，说明W的结构中有，﹣OH、﹣COOH，核磁共振氢谱图中有四种吸收峰，面积之比为3：1：1：1，得结构简式．解答：解：（1）有机物质的密度是相同条件下H2的45倍，所以有机物质的相对分子质量=45×2=90，故答案为：90；（2）N（C）：N（H））：N（0）==1：2：1，所以设分子为（CH2O）n，结合相对分子是为90，得n=3，所以分子式为C3H6O3，故答案为：C3H6O3；（3）w既能与乙酸反应，又能与乙醇反应，生成物都是酯和反应，说明W的结构中有，﹣OH、﹣COOH，核磁共振氢谱图中有四种吸收峰，面积之比为3：1：1：1，得结构简式为CH3CH（OH）COOH，故答案为：CH3CH（OH）COOH．点评：本题是一道关于有机物的结构和性质知识的综合推断题，考查学生对知识的整合能力，难度中等，注意w既能与乙酸反应，又能与乙醇反应，生成物都是酯和反应，判断含有的官能团．-13-