2022-2022学年山东省临沂开发区八年级（下）期末物理试卷参考答案与试题解析 一、单项选择题（每题2分，共40分）1．（2分）（2022•茂名）如图所示，小明每次都让小车在斜面上同一高度由静止释放，然后在粗糙程度不同的水平面上运动，探究“运动和力的关系”．关于这一实验，下面叙述中错误的是（ ） A．在同一高度静止释放小车是为了保证小车在水平面上开始运动时惯性相同 B．小车的轮子起到减小摩擦的作用 C．小车下滑过程中重力势能转化为动能 D．小车滑下斜面后，由于惯性在水平面上还能滑行一段距离考点：力与运动的关系；能量转化的现象．专题：实验题；压轴题．分析：（1）小车从斜面上滑下后，靠惯性前进的，阻力的作用使它最终停下来，因此，阻力的大小影响了它的运动距离．（2）解决此题要知道在同样的压力下，物体滑动时所受的摩擦力远远大于滚动时所受到的摩擦力．（3）惯性是物体保持原有运动状态不变的性质．解答：解：A、实验中要求从同一点滑下，是为了保证小车到达水平面时有相同的速度．故A不正确．B、滚动摩擦小于滑动摩擦，故B正确．C、小车下滑过程中重力势能转化为动能．故C正确．D、小车滑下斜面后，由于惯性在水平面上还能滑行一段距离．故D正确．故选A．点评：本题是一道实验题，该实验的目的是探究阻力对物体运动的影响，是学习牛顿第一定律的基础．同时也要理解惯性，重力势能和动能的转化，减小摩擦力的方法． 2．（2分）（2022•茂名）如图所示，小明用水平力推车而车未动，下列说法中正确的是（ ） A．小明推力不做功 B．车不受摩擦力 C．小明推力小于车受到的摩擦力 D．地面对车的支持力与车受到的重力是一对平衡力21\n考点：平衡力的辨别；二力平衡条件的应用；摩擦力产生的条件；力是否做功的判断．专题：应用题；压轴题．分析：A做功必须同时具备两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过了距离．两个条件缺一不可．B车在水平方向上静止，其受到平衡力的作用，一个是人的推力，由于人的推的作用，导致了车有向前运动的趋势，根据摩擦力产生的条件可以确定车要受到摩擦力的作用．C静止状态是平衡状态，处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件：等大、反向、共线、共物，可以确定摩擦力和推力的关系．D汽车在竖直方向上处于静止状态，受到平衡力的作用，对其进行受力分析可以确定该选择项的正误．解答：解：A、小明虽然对车施加力一个推力，但车并没有移动距离，故推力不做功．故A正确．B、在小明推力的作用下，汽车相对于地面有向右运动的趋势，就会在接触面上产生一个阻碍其向右运动的方向向左的摩擦力．故B错误．C、汽车在推力和摩擦力的作用下处于平衡状态，所以推力和摩擦力是一对平衡力，两者大小相等．故C错误．D、静止在水平地面上的汽车在竖直方向上受到重力和地面对它支持力的作用而处于静止状态，即平衡状态，所以其受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力．故D正确．故选AD．点评：（1）此题的综合性较强，考查了做功的两个必要因素、平衡力的辨别、二力平衡的条件的应用、摩擦力产生的条件等知识点．（2）当用力推物体而没有推动时，经常错误地认为是推力小于摩擦力造成的，而没有抓住题目的核心：没动即静止，物体处于平衡状态，受到平衡力的作用． 3．（2分）（2022•鸡西）下列说法正确的是（ ） A．做匀速圆周运动的物体运动状态不改变 B．物体的运动需要力来维持 C．同一艘轮船从河里驶入大海时，所受的浮力变大 D．用吸管吸饮料是利用大气压强考点：大气压的综合应用；力的作用效果；物体的浮沉条件及其应用．专题：应用题．分析：A、物体运动状态的改变包括两个方面，一是运动方向的改变，二是运动速度的改变，只要二者中有一个发生了变化，我们都说它的运动状态发生了改变．B、力是改变物体运动状态的原因．C、漂浮在液面上的物体所受浮力等于其重力．D、用吸管吸饮料，是利用大气压的作用把饮料压入嘴里．解答：解：A、物体的速度和方向只要有一项发生变化，都叫运动状态改变，做匀速圆周运动的物体，物体的运动方向每时每刻都在变化，因此运动状态在不断改变，故本选项说法错误；B、力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，靠的是惯性，该项说法不正确；C、漂浮在液面上的物体所受浮力等于其重力，所以同一艘轮船从河里驶入大海时，其重力不变，则所受的浮力也不变，故本选项说法错误；D、吸管吸饮料时，吸气时，管内压强减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，故本选项说法正确．故选D．点评：想顺利回答此题，我们首先要明确：运动状态的改变既是指运动速度的变化，也是指运动方向的变化．21\n力是改变物体运动状态的原因，惯性是维持物体运动状态不变的原因． 4．（2分）（2022•兰州）一个普通中学生双脚站立在水平地面上，他对水平地面的压力和压强最接近于（ ） A．50N，103PaB．50N，104PaC．500N，103PaD．500N，104Pa考点：压强的大小及其计算．专题：压轴题．分析：根据估测一个中学生的体重大约是50kg，双脚的面积大约是0.05m2，然后根据压强公式计算出他对地面的压强，最接近该数值的答案即为正确答案．解答：解：F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，人脚掌的总面积大约是0.05m2，根据P===104Pa．故选D．点评：此题主要考查学生对压强的大小及其计算的掌握情况，同时考查了学生对常见物体的初步估测能力． 5．（2分）（2022•苏州）1648年帕斯卡做了著名的“裂桶实验”，如图所示．他在一个密闭的、装满水的木桶桶盖上插人一根细长的管子，然后在楼房的阳台上往管子里灌水．结果，只灌了几杯水，桶竟裂开了．该实验现象说明了决定水内部压强大小的因素是（ ） A．水的密度B．水的深度C．水的体积D．水的重力考点：帕斯卡原理及其应用．专题：应用题；压轴题．分析：从筒裂这个现象可以看出倒入的几杯水使水桶受到的压强产生了很大的变化，然后再将倒入这几杯水造成的变化与液体压强的特点联系起来进行分析．即可得到答案．解答：解：倒入几杯水后，水的质量虽然变化，由于是一根细管，所以倒入几杯水后，细管中水的深度增加的很多，根据液体压强的特点可知：液体压强随着深度的增加而增大，所以这一实验表明的是影响液体内部压强大小的因素是液体的深度．故选B．点评：液体压强的大小是由液体的密度和深度决定的．与液体的质量没有直接的关系．质量大产生的压强不一定大． 6．（2分）如图，下列设备没有利用连通器原理的是（ ）21\n A．茶壶B．船闸C．活塞式抽水机D．下水道存水管考点：连通器原理．专题：应用题；压强、液体的压强．分析：连通器的特点：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．解答：解：A、壶嘴和壶身构成了连通器；B、船闸左右两个上端开口，底部相连，构成了一个连通器；C、活塞式抽水机是利用大气压的原理来工作的，不属于连通器；D、下水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，属于连通器；故选C．点评：本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止时保持相平． 7．（2分）（2022•茂名）如图所示是测量大气压强的装置，玻璃管长约1m，槽内装有水银．下列说法正确的是（ ） A．此装置是一个连通器 B．第一次利用此装置测出大气压强的科学家是帕斯卡 C．玻璃管竖直放置时测出的大气压强一定为76厘米汞柱高 D．将此装置从山脚移到山顶，管内外汞液面高度差减小考点：大气压强的测量方法；连通器原理．专题：错解分析题．分析：了解连通器的定义，根据托里拆利实验的设计原理和大气压的变化特点分析，便可得出答案．解答：解：A、因玻璃管的上端是封闭的，所以此装置不是连通器，故A不符合题意．B、第一次利用此装置测出大气压强的科学家是托里拆利，故B不符合题意．C、玻璃管竖直放置时测出的大气压强，因大气压是变化的，测量值不一定为76厘米汞柱高，故C不符合题意．D、位置较高处的大气压较低，玻璃管中水银柱的高度就会下降，将此装置从山脚移到山顶，管内外汞液面高度差减小，故D符合题意．故选D．21\n点评：本题考查在托里拆利实验的实验依据和实验中注意的事项，以及哪些因素会对测量结果产生影响． 8．（2分）（2022•太原）图是家用煤气灶灶头的示意图使用时打开煤气阀门，拧动点火装置，煤气和空气在进口处混合流向燃烧头被点燃，而煤气不会从进口处向空气中泄漏，其原因是（ ） A．进口处煤气流速小，压强大于大气压强 B．进口处煤气流速小，压强小于大气压强 C．进口处煤气流速大，压强大于大气压强 D．进口处煤气流速大，压强小于大气压强考点：流体压强与流速的关系．专题：应用题；压轴题；信息给予题．分析：流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小．比较煤气进口处的内外气体的流速是解决本题的关键．解答：解：因为流速越快，流体的压强越小，所以进口处煤气流速大，压强小于大气压，煤气和空气在大气压的作用下流向燃烧头，而煤气不会向空气中泄露．故选D．点评：掌握流体的流速和压强的关系，并能运用压强和流速的关系解释生活中有关流体压强的问题． 9．（2分）如图，烧杯中的冰块漂浮在水中，冰块上部高出杯口，杯中水面恰好与杯口相平．待这些冰块全部熔化后，（ ） A．将有水从烧杯中溢出 B．不会有水从烧杯中溢出，杯中水面也不会下降 C．烧杯中水面会下降 D．熔化过程中水面下降，完全熔化后有水溢出考点：物体的浮沉条件及其应用；熔化与熔化吸热特点．专题：应用题．分析：冰漂浮于水面上，要想判断冰熔化之后，水面是否变化，则需要比较冰块排开液体的体积跟冰熔化成水后的体积大小．若二者体积相等，则水面不变；若增大，则水面上升；若减小，则水面下降．解答：解：∵冰漂浮于水面上，∴F浮=ρ水gV排=G冰，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①又∵冰熔化成水后，其质量不变，重力不变，∴G水=ρ水gV水=G冰，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②可得：ρ水gV排=ρ水gV水，∴V排=V水，即：冰熔化为水的体积等于冰排开水的体积．∴不会有水从烧杯中溢出，杯中水面也不会下降．故选B．点评：本题关键：一是冰化水质量不变，二是阿基米德原理和漂浮条件联合运用． 21\n10．（2分）（2022•恩施州）在一支平底试管内装入适量的铁砂，然后先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯里，如图所示．下列说法正确的是（ ） A．试管在甲液体中受到的浮力较大 B．试管在乙液体里排开的液体质量较小 C．装乙液体的烧杯底部所受压强较大 D．在甲液体中试管底部所受液体压力较大考点：物体的浮沉条件及其应用；压强的大小及其计算；液体的压强的计算；阿基米德原理．专题：压轴题；推理法．分析：（1）同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，受到的浮力相等、都等于自身重力；（2）根据阿基米德原理F浮=G排=m排g判断排开液体的质量关系；（3）而排开液体的体积不同，根据公式F浮=ρgV排可判断两液体密度的大小；由于放入试管后液面等高，根据p=ρgh判断烧杯底部所受压强大小关系；（4）根据浮力实质得下表面受到的压力关系，利用F=pS比较试管底部所受压力大小关系．解答：解：（1）∵同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，∴试管受到的浮力：F甲=F乙，故A错；（2）∵F浮=G排=m排g，∴试管排开的液体质量相等，故B错；（3）∵F浮=ρ水V排g，排开的液体体积V甲＞V乙，F甲=F乙，∴ρ甲＜ρ乙，∵p=ρgh，放入试管后液面等高，∴烧杯底部所受压强：p甲＜p乙，故C正确；（4））物体受到的浮力等于物体上下表面受到液体的压力差，而上表面受到的压力为0，所以F浮=F下表面﹣F上表面=F下表面，∵受到的浮力相等，F甲=F乙，∴下表面受到的压力相等，∵试管底面积相同，F=pS，∴试管底部所受压力：F甲=F乙，故D错．故选C．点评：本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，知识点多、综合性强，属于难题，要求灵活运用所学知识分析判断．区分浮力和液体压强的影响因素：决定浮力大小的是液体的密度和排开液体的体积；决定液体压强大小的是液体的密度和液体的深度． 11．（2分）（2022•常州）2022年3月25日，卡梅隆乘坐“深海挑战者”号深潜器潜入马里亚纳海沟11000m深处．下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则深潜器受到的海水压强和浮力的变化情况是（设海水密度不变）（ ）21\n A．压强越来越大，浮力越来越小B．压强越来越大，浮力越来越大 C．压强越来越小，浮力越来越小D．压强越来越小，浮力越来越大考点：液体的压强的特点；阿基米德原理．专题：应用题；压轴题．分析：根据公式P=ρgh可求压强的变化，根据浮力公式F浮=ρgV排可求浮力的变化．解答：解：下潜过程中，深度越来越大，根据公式P=ρgh可知，所受液体压强越来越大；下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则说明深潜器的体积变小，故根据浮力公式F浮=ρgV排可知，浮力变小．故选A．点评：本题考查液体压强和浮力公式的应用，关键是知道影响液体压强的因素是液体密度和深度，影响浮力的因素是液体密度和物体排开液体的体积，容易出错的一点是液体的深度指的是该点离液面的垂直距离． 12．（2分）（2022•河南）如图所示，在调节平衡后的杠杆两侧，分别挂上相同规格的钩码，杠杆处于平衡状态．如果两侧各去掉一个钩码，则（ ） A．左端下降B．右端下降C．仍然平衡D．无法判断考点：杠杆的平衡分析法及其应用．专题：推理法．分析：在杠杆两侧各去掉一个钩码后，求出两边的力和力臂的乘积，若相等，仍平衡；若不相等，将向力和力臂的乘积大的那边倾斜，据此分析判断．解答：解：设一个钩码的重为G，一个格为L，原来杠杆：3G×2L=2G×3L，处于平衡状态，现在在两侧各去掉一个钩码后，左边=2G×2L，右边=G×3L，左边的力和力臂的乘积大，杠杆不再平衡、左端下降．故选A．点评：本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果． 13．（2分）（2022•咸宁）如图所示，下列工具的使用，属于费力杠杆的是（ ） A．剪子B．钳子C．起子D．镊子考点：杠杆的分类．专题：应用题；图析法．分析：21\n结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．解答：解：A、剪子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故该选项不符合题意；B、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故该选项不符合题意；C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故该选项不符合题意；D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故该选项符合题意．故选D．点评：联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆． 14．（2分）A，B两杆竖立在水平地面上，A，B杆长之比为3：5，甲、乙两同学同时进行爬杆，甲用9s，乙用10s，分别爬上A，B杆顶，甲、乙两人体重之比是5：6，则甲、乙两人爬杆的功率之比是（ ） A．3：4B．6：5C．5：9D．9：20考点：功率的计算．专题：计算题；赋值法．分析：根据题意，爬杆运动是克服爬杆者自身的重力做功，先算出甲乙两人爬杆时所做的功，再通过功率公式计算出各自的功率，最后计算比值．解答：解：由题知：G甲：G乙=5：6，hA：hB=3：5，t甲=9s，t乙=10s甲做的功：W甲=G甲hA=5G×3h=15Gh乙做的功：W乙=G乙hB=6G×5h=30Gh甲做功的功率：乙做功的功率：所以：故选C点评：本题是比值运算问题，要熟练运用功及功率的公式，分式运算是本题的难点． 15．（2分）（2022•巴中）工厂为搬运一个笨重的机器进车间，工人师傅设计如图所示的方案（机器下面的小圆圈代表并排放置的圆形钢管），其中最省力的方案为（ ） A．B．C．D．考点：增大或减小摩擦的方法；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点．专题：图析法．分析：在此题中，克服的阻力是物体与地面之间的摩擦力．同时也使用到了简单机械﹣﹣滑轮．因此省力的情况要从两个方面考虑：①减小物体与地面之间的摩擦力；②使用的机械最省力．解答：解：A、是直接用绳子拉动物体，不能省力，不符合题意；B、是通过下面并排放置的圆形钢管是变滑动为滚动减小了摩擦力，较省力；C、利用了定滑轮来拉动物体，但下面并排放置的圆形钢管是变滑动为滚动减小了摩擦力，较省力；21\nD、不但利用了动滑轮来拉动物体，下面还并排放置的圆形钢管是变滑动为滚动减小了摩擦力，最省力，符合题意．故选D．点评：在此题中，克服的阻力是物体与地面之间的摩擦力，同时也使用到了简单机械滑轮．因此省力的情况要从两个方面考虑：①减小物体与地面之间的摩擦力；②使用的机械省力．在三种都省力的方案中，要选择效果最好的，这就要求考虑问题要全面． 16．（2分）（2022•株洲）如图所示，在大小为500N的拉力F作用下，滑轮组将800N的重物提升了lm．在此过程中（ ） A．做的有用功是500JB．做的总功是800J C．滑轮组的机械效率是62.5%D．滑轮组的机械效率是80%考点：功的计算；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率．分析：利用功的计算公式W=FS可以计算出A、B选项是否正确，利用机械效率的计算公式η=可以判断C、D选项的正误．解答：解：W有用=Gh=800N×1m=800J，W总=FS=500N×2m=1000J．故A、B选项错误；η===×100%=80%．故选D．点评：本类型题主要考查功的计算公式和机械效率的计算公式的应用． 17．（2分）在世界杯赛场上，一守门员用200N的力把静止在球场上重5N的足球踢出20m远，这一过程中运动员对足球做功的说法，正确的是（ ） A．该守门员对足球做功4000JB．该守门员对足球做功100J C．做了功，但做功多少无法判断D．该守门员对足球没有做功考点：功的计算．专题：错解分析题；功、功率、机械效率．分析：（1）做功的两个必要因素是：一是作用在物体上的力，另一个是物体在这个力的方向上移动的距离；（2）运动员的确对足球做了功，做功的过程是他的脚与球相互作用的阶段，当足球离开了脚继续向前运动时是靠惯性，运动员不再做功．解答：解：（1）作用在物体上的力只是瞬间，物体运动过程中没有再对物体有力的作用，所以无法准确计算，故A、B不正确；（2）虽然是瞬间，但也会让物体移动，即对物体做了功，所以D错误；（3）根据W=Fs计算运动员对足球做的功，但此题不知道足球在力的方向上移动的距离，所以条件不足，无法计算．故选C．21\n点评：本题考查了做功的两个必要因素，学生在理解此题时要分析做功的阶段，会判断不做功的情况：有力无距离；有距离无力；有力有距离，但力的方向与运动方向垂直． 18．（2分）关于功率和机械效率，下面的说法正确的是（ ） A．机器的功率越大，做功越多 B．机器的功率越大，做功越快 C．机器的功率越大，机器的机械效率越高 D．功率和机械效率的单位相同考点：功率的概念；机械效率．分析：根据功、功率、机械效率的关系分析．功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值．解答：解：A、说法错误，功率大，只能说明做功快，而不能说明做功多．B、说法正确．C、说法错误，功率大，只能说明做功快，而不能说明机械效率高．D、说法错误，功率是单位时间内做功的多少，机械效率是有用功与总功的比值．故选B．点评：本题考查了功、功率、机械效率的关系．功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定． 19．（2分）（2022•无锡）如图所示，小明从滑梯上下滑，在这一过程中，他的（ ） A．动能转化为重力势能B．重力势能全部转化为动能 C．机械能保持不变D．机械能一定减少考点：能量转化的现象；机械能．专题：应用题．分析：（1）影响动能大小的因素：质量和速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）影响重力势能大小的因素：质量和被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）影响弹性势能大小的因素：发生弹性形变的程度．弹性形变越大，弹性势能越大，在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能．（4）机械能的总量等于动能和势能的和．（5）摩擦生热的过程是机械能转化成了内能．解答：解：A、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，重力势能转化成了动能，A不合题意．B、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，同时臀部发热，所以是一部分重力势能转化成了内能，B不合题意．C、D、小明从滑梯上下滑的过程中，臀部发热，摩擦生热，一部分机械能转化成了内能，总机械能减少，C、不合题意；D符合题意．故选D．点评：解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况． 21\n20．（2分）（2022•咸宁）世界上的一切物体，无论是一粒沙、一缕烟、还是一朵花…都是由大量分子组成的，下列现象能说明分子在不停息运动的是（ ） A．沙尘暴起，飞沙满天B．微风拂过，炊烟袅袅 C．阳春三月，花香袭人D．丰收季节，麦浪起伏考点：分子的热运动．专题：应用题．分析：（1）物质是由大量分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，扩散现象证明分子作无规则的运动．（2）在物理学中，把物体位置的变化叫机械运动．解答：解：分子运动属于扩散现象，是肉眼看不见的运动，机械运动是物体的运动，是宏观上的运动，是看的见的运动；A、B、D选项中的现象都是肉眼看的见的运动，属于机械运动．而香气扑鼻是微观上的分子运动，属于扩散现象．故选C．点评：本题主要考查学生对：扩散现象的认识，以及对分子运动和机械运动区别的了解和掌握，是一道基础题． 二、填空题（每空1分，共18分）21．（2分）某同学在松花江畔游玩时观察到，水面上有一些漂浮的落叶，当游艇驶过时，附近的落叶向游艇靠近，这是由于江水流速越大的位置压强 小 的缘故，当游艇即将驶向码头时，驾驶员关闭发动机，利用游艇的 惯性 ，使游艇平稳靠岸．考点：流体压强与流速的关系；惯性．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：解答该要用到以下知识：（1）流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大；（2）惯性是保持物体原来运动状态不变的性质．解答：解：游艇行驶时，经过的地方水流速度快，压强小，落叶在压强差的作用下靠近游艇；当游艇发动机关闭后，游艇由于惯性，还要保持原来的运动状态，可以继续滑行，使游艇平稳靠岸，．故答案为：小；惯性．点评：本题考查了我们运用所学的知识来分析解决生活中的问题的能力，对这种能力的考查也是中考的重点． 22．（2分）放在水平桌面上的铅笔盒同时受到水平向左的15N的拉力和水平向右的20N的拉力，则这两个力的合力大小为 5 N，合力的方向是 水平向右 ．考点：力的合成与应用．专题：运动和力．分析：根据力的合成方法分析答题：同一直线上的两个力，方向相同时，合力的大小等于两个力的大小之和，方向与力的方向相同；当两个力在同一直线上，方向相反时，合力的大小等于两力的大小之差，方向与较大的力的方向相同．解答：解：两个力的方向相反，则两个力的合力大小F=20N﹣15N=5N，方向与较大的力20N的方向相同，水平向右；故答案为：5；水平向右．21\n点评：本题考查了求合力，掌握力的合成方法即可正确解题，本题是一道基础题． 23．（2分）如图所示，液压机活塞A，B处于平衡状态．圆形活塞B的半径是圆形活塞A的5倍．现用100N的力竖直向下压活塞A，为使活塞保持平衡，则竖直向下压B的力应为 2500 N，施加压力后发现液体很难被压缩，是因为液体分子间存在 斥 力．考点：帕斯卡原理及其应用；分子间的作用力．专题：计算题；压强、液体的压强．分析：如图，知道F1的大小，和两个活塞的半径关系r2=5r1，利用帕斯卡原理求竖直向下压活塞B的力F2；根据分子动理论的知识（物质是由分子组成的，分子永不停息的做无规则运动，分子之间同时存在相互作用的引力和斥力）回答．解答：解：设A活塞的面积为S1，B活塞面积为S2，则S1=πr12，S2=πr22，∵两边压强相等，p1=p2，∴=，F2===F1=52×100N=2500N．施加压力后发现液体很难被压缩，是因为液体分子之间有斥力．故答案为：2500，斥．点评：本题考查了学生对帕斯卡原理、分子动理论的了解与掌握，属于基础题目． 24．（2分）大气压强虽然很大，但是平常我们并没有感受到大气压强的存在，是 马德堡半球 实验强有力地证明了大气压强的存在．大气压强的大小不是一成不变的，其大小与海拔高度，天气情况等因素有关，人们通常把760毫米高的汞柱所产生的压强叫做 1个标准大气压 ．考点：大气压强的存在．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：马德堡半球实验证明了大气压的存在，托里拆利在历史上第一次测出来大气压值．解答：解：马德堡半球实验强有力地证明了大气压强的存在，最早测出大气压数值的科学家是托里拆利；人们通常把760毫米高的汞柱所产生的压强叫做1个标准大气压．故答案为：马德堡半球；1个标准大气压．点评：本题考查了大气压存在的证明、大气压值的测量，难度不大，是一道基础题， 25．浮力是由于液体或气体对物体向上或向下的压力差产生的．方向总是 竖直向上 ．考点：浮力产生的原因．专题：浮力．21\n分析：浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压强大于向下的压强，向上的压力大于向下的压力，物体受到向上和向下的压力差的作用，这个压力差是物体受到的浮力．解答：解：物体浸没在液体中，因为液体有重力，液体对浸没在其中的物体有向下的压力作用，物体有重力和具有流动性，液体对物体产生向上的压力作用，其中向上的压力大于向下的压力，这个压力差即物体受到的浮力．方向总是竖直向上的．故答案为：竖直向上．点评：浸在液体中的物体产生浮力的原因，是因为物体受到液体的压力，物体受到液体的压力是因为物体受到液体的压强作用，液体压强是因为液体有重力和具有流动性． 26．（2分）（2022•宿迁）如图所示，OB为一轻质杠杆，O为支点，OA=0.3m，OB=0.4m，将重30N的物体悬挂在B点，当杠杆在水平位置平衡时，在A点至少需加 40 N的拉力，这是一个 费力 （选填“省力”或“费力”）杠杆．考点：杠杆的分类；杠杆的平衡条件．专题：计算题；应用题．分析：根据杠杆的平衡条件计算出动力的大小；通过比较动力臂与阻力臂的大小关系来判断杠杆的类型．解答：解：由图可知：OA是动力臂，OB是阻力臂．因为OA＜OB，所以这是一个费力杠杆．由杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂得：F×OA=G×OB即F×0.3m=30N×0.4m∴F=40N．故答案为：40，费力．点评：联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆． 27．（3分）在水井清淤工作中，工人用图甲所示的装置来起吊井底的一块石头．此装置 不能 （选填“能”或“不能”）省力，其带来的好处是 改变力的方向 ，为了帮助工人减轻负担，某物理兴趣小组设计了图乙所示的装置图．请你说说物理兴趣小组设计的这种装置的优点是 省力同时改变力的方向 ．考点：定滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点．专题：简单机械．分析：①定滑轮的优点是可以改变力的方向，缺点是不能省力；②动滑轮的优点是可以省力，缺点是不能改变力的方向；③如果需要既省力又能改变力的方向，需要使用滑轮组．解答：解：①图甲所示的装置是定滑轮，所以不能省力，但可以改变力的方向；②图乙所示的装置是滑轮组，这种装置的优点是省力同时改变力的方向．21\n故答案为：不能；改变力的方向；省力同时改变力的方向．点评：使用任何机械，或者可以省力，或者可以改变力的方向，但都不能省功． 28．（2分）一个重为200N的物体在水平20N的拉力作用下匀速前进了25m，拉力撤销后，物体又向前滑行了10m，则重力做功 0 J，拉力做功 500 J．考点：功的计算．专题：计算题；功、功率、机械效率．分析：物体在水平面上运动分两个阶段，第一阶段，拉力作用在物体上，物体在拉力的作用下匀速前进了25m，拉力对物体做功；第二阶段，物体依靠惯性前进了10m，水平方向上没有力的作用，拉力没有对物体做功；根据W=Fs求出拉力的大小．解答：解：物体在拉力作用下移动了25m，拉力做功W=Fs=20N×25m=500J；物体运动的过程中，竖直方向没有移动的距离，所以重力不做功．故答案为：0；500．点评：本题考查了做功公式的应用，关键是明确做功的两个必要因素：一是有力作用在物体上、二是物体在力的方向上移动一段距离；缺一不可． 29．（2分）两滴水银靠近时，能自动合成一滴较大的水银．说明分子之间存在着 引力 ；酒精和水混合后，总体积会小，则说明分子间存在 间隙 ．考点：分子动理论的基本观点．专题：分子热运动、内能．分析：分子热运动理论的内容有三条：一是一切物质是由分组组成的；二是组成物质的分子都在永不停息的做无规则运动；三是分子之间存在相互作用的引力和斥力．因为分子之间存在斥力，使得分子之间存在间隙．解答：解：（1）两滴水银靠近时，能自动结合成一滴，是因为当两滴水银上的分子之间的距离小到一定程度时，它们之间就会表现出引力，把两滴水银吸引到一块儿．（2）分子之间存在引力和斥力，正因为分子之间有斥力，才使得分子之间存在着一定的间隙．当酒精分子和水分子混到一块儿后，酒精分子可以钻到水分子的间隙中去，水分子也可以钻到酒精分子的间隙中去，因此总体积会变小．故答案为：引力；间隙．点评：此题主要考查的是：①分子动理论的内容：一是一切物质是由分组组成的；二是组成物质的分子都在永不停息的做无规则运动；三是分子之间存在相互作用的引力和斥力．②分子之间有间隙的原因是：分子之间有斥力． 三、作图和实验探究题（30题2分，其它每空1分，共24分）30．（3分）（2022•哈尔滨）如图，工人用撬棍撬起石块，O为支点．（1）画出阻力F2的力臂L2．（2）画出工人在A点施加的最小动力F1的示意图．21\n考点：力臂的画法；力的示意图．专题：作图题．分析：（1）图中石头的重力为阻力，O点为支点，从支点到阻力F2的作用线的距离叫做力臂．（2）根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，先确定最长的力臂﹣﹣即离支点最远的点，然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可．解答：解：（1）过支点O向阻力F2的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是阻力臂；如下图所示；（2）动力最小，即动力臂最长，由图知OA最长，所以OA作动力臂最长，过A点与OA垂直向下作垂线就得到动力F1的方向，如下图所示．点评：根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力． 31．（4分）两只相同的烧杯，分别盛有体积相同的水和酒精，李明同学用压强计进行液体压强的探究：（1）他把金属盒分别浸入到两只烧杯中，发现图（甲）中U形管两边的液柱高度差较小，就认为图（甲）烧杯中盛的是酒精．你认为他的结论 不是 （选填“是”或“不是”）可靠的，理由是 没有控制金属盒在液体中的深度相同 ．（2）李明发现在同种液体中，金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越大，于是得到结论 液体密度相同时，液体压强与深度有关，深度越深压强越大 ．（3）李明还发现在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变，表明在相同条件下，液体内部向各个方向的压强 相等 ．考点：液体的压强的计算；液体的压强的特点；探究液体压强的特点实验．专题：实验题；压强、液体的压强．分析：影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，在探究与其中的一个因素时，就要控制另一个因素一定；然后根据实验现象得出结论．解答：解：（1）因为液体的压强与液体的深度有关，所以要根据小明的方法来判断液体的密度大小，应注意控制变量，让金属盒在液体中的深度相同；（2）在同种液体中，金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越大，可得结论：液体密度相同时，液体压强与深度有关，深度越深压强越大；（3）在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变，说明液体内部向各个方向的压强相等．故答案为：21\n（1）不是；没有控制金属盒在液体中的深度相同；（2）液体密度相同时，液体压强与深度有关，深度越深压强越大；（3）相等．点评：这是一道综合实验题，此题的难点是液体压强计的有关知识，我们要了解压强计的原理，知道液体压强计的操作要求等．同时还考查了控制变量法在物理实验中的运用． 32．（5分）小王为了探究物体在水中不同深度所受浮力变化情况，如下图所示，将一挂在弹簧测力计下的圆柱体金属块缓慢浸人水中（水足够深），在圆柱体接触容器底之前，分别记下圆柱体下表面所处的不同深度h和弹簧测力计相应的示数F，实验数据如下表：次数1234567h/cm024681012F/N6.756.255.755.254.754.254.25（1）分析表中实验数据，可以得出物体重 6.75 N，第4次实验时，物体受到的浮力 1.5 N．（2）分析表中第1列到第5列数据，说明 在液体密度一定时，物体受到的浮力大小与物体排开的液体体积有关，物体排开的液体体积越大，物体受到的浮力越大 ．（3）分析表中第6列到第7列数据，说明 当物体浸没在液体中时，物体受到的浮力大小与物体浸入液体中的深度无关 ．（4）下图中能正确反映弹簧测力计示数F和圆柱体下表面到水面距离h关系的图象是 B （5）圆柱体的密度为 2.7×103 kg/m3．考点：探究浮力大小的实验；密度的计算；阿基米德原理．专题：计算题；应用题；探究型实验综合题．分析：（1）本题利用二次称重法求浮力，题目中没明确给出重力大小，我们可以通过分析所给数据找到物体所受到重力的大小即第1次实验物体没浸入水面之前弹簧测力计的示数；（2）探究物体在水中不同深度所受浮力的变化情况时．应采用控制变量法观察所给数据，找出变量和不变量，归纳得出合理的结论；（3）物体在没有完全浸没前，深度越深弹簧测力计的拉力减小，浮力增大，当完全浸没后，深度增加，弹簧测力计的示数、浮力均不再改变；（4）根据称重法求出物体完全浸没时受到的浮力，再根据阿基米德原理求出排开水的体积即为圆柱体的体积，再根据密度公式和重力公式求出圆柱体的密度．解答：解：（1）第1次实验圆柱体没有浸入水中（h=0）可知它的重力为G=6.75N，利用二次称重法可得：在第4次实验中F浮=G﹣F=6.75N﹣5.25N=1.5N；21\n（2）分析表中第1列到第5列数据可知：圆柱浸入水的深度不同，即排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数也不相同，故可得出结论：在液体密度一定时，物体受到的浮力大小与物体排开的液体体积有关，物体排开的液体体积越大，物体受到的浮力越大；（3）分析表中第6列到第7列数据可知：圆柱浸没水中的深度不同，即排开液体的体积相同，弹簧测力计的示数不变，故可得出结论：当物体浸没在液体中时，物体受到的浮力大小与物体浸入液体中的深度无关；（4）通过分析数据可知，当深度h增大时，弹簧测力计的示数先减小，后不变，浮力是先变大，后不变，因此B符合题意的要求；（5）圆柱体完全浸没时受到的浮力F浮′=G﹣F′=6.75N﹣4.25N=2.5N，根据阿基米德原理可得：圆柱体的体积V=V排=，圆柱体的密度：ρ====×ρ水=×1×103kg/m3=2.7×103kg/m3．故答案为：（1）6.75N；1.5N；（2）在液体密度一定时，物体受到的浮力大小与物体排开的液体体积有关，物体排开的液体体积越大，物体受到的浮力越大；（3）当物体浸没在液体中时，物体受到的浮力大小与物体浸入液体中的深度无关；（4）B；（5）2.7×103．点评：本题考查了探究物体在水中不同深度所受浮力变化情况的实验，涉及到了阿基米德原理、密度公式、重力公式和称重法求浮力等，关键是知道物体完全浸没时排开水的体积和物体本身的体积相等． 33．（6分）如图所示，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个．（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉．此时，应把杠杆两端的平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在不挂钩码时，保持 水平位置 静止．这样调节的目的是： 力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响 ．（2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码杠杆恰好在原位置平衡．于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：F1l1=F2l2；他这样得出的结论是否合理？ 不合理 ；为什么？ 只有一次实验总结实验结论，结论不具有普遍性 ．考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：实验题；探究型实验综合题．分析：21\n（1）调节杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究．（2）用实验探究物理问题时，要多进行几次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性．解答：解：（1）将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，直到杠杆在水平位置静止．杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响．（2）实验中只有一次实验就总结实验结论，实验结论很具有偶然性，不具有普遍性．故答案为：（1）左；水平位置；力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；（2）不合理；只有一次实验总结实验结论，结论不具有普遍性．点评：（1）初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性．（2）调节杠杆在水平位置平衡和调节天平横梁平衡的操作方法是相同的，都是将平衡螺母向上翘的一端移动． 34．（4分）某同学在“测滑轮组机械效率”的实验中，用如图所示的装置匀速提起重物，并做了如下实验记录：实验次数物理量l234钩码重G/N2464钩码上升高度h/m0.10.10.10.1绳端拉力F/N0.41.42.31.8绳端移动距离s/m0.30.50.30.3机械效率η167%57%87%74%（1）如果你对该同学的实验记录进行有关分析，就会发现他的实验1结果是违背物理规律的，其表现在于： 总功小于有用功（或“机械效率大于1”“机械效率等于167%”） ；（2）图甲是弹簧测力计的放大图．结合图甲你会发现导致实验1结果违背物理规律的原因是 弹簧测力计读数错误 ；（3）由实验2和实验4的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时．动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率越 低 ；（4）比较实验3和实验4可得结论：使用同一滑轮组，增加物体 重力 可以提高滑轮组的机械效率．考点：滑轮（组）机械效率的测量实验．专题：探究题．分析：（1）机械效率是有用功占总功的比值，是永远小于1的；（2）仔细观察图中弹簧测力计的分度值，便可找出答案；（3）分析表中2、4的实验数据，根据实验数据得出实验结论．（4）实验3、4中提升的物重不同，其他条件相同，比较机械效率的大小，可得出二者的关系．21\n解答：解：（1）实验1中机械效率为167%，这显然是违背物理规律的，正确情况下机械效率应该是小于1的；（2）图甲中弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为0.8N，表中实验数据拉力为0.4N，测出现错误的原因是：弹簧测力计读数错误；（3）由表中实验序号为2和4的实验数据可知，使用不同的滑轮组提升相同的重物时．动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率越低；（4）实验3和实验4中，使用的是同一滑轮组，提升的物重不同，机械效率也不同，由此可得：使用同一滑轮组，增加物体的重量，可有效提高滑轮组的机械效率．故答案为：（1）有用功比总功大（或“机械效率大于1”“机械效率等于167%”）；（2）弹簧测力计读数错误；（3）低；（4）重力．点评：理解机械效率的含义，并能用测量的相关数据求出滑轮组的机械效率是本实验的基本要求，同时，也通过实验让我们进一步明确了在具体实践中如何提高滑轮组的机械效率． 35．（3分）为了探究物体的动能与哪些因素有关，小强做了如图所示的探究实验：让铜球从斜面上滚下，打到木块上，推动木块做功．（1）让同一铜球从不同的高度沿斜面自由滚下，看哪次木块被推的比较远，这是为了探究动能与 速度 的关系．（2）换用质量不同的铜球，让他们从同一高度自由滚下，看哪次木块被推的比较远，这是为了探究动能与 质量 的关系．（3）实验中用到的物理研究方法是 控制变量法 ．考点：探究影响物体动能大小的因素．专题：探究题．分析：由于影响物体动能大小的因素有物体的质量和速度，所以在通过实验进行探究时，我们必须控制其中的一个量保持不变，每次只探究其中一个变量对动能大小的影响．根据这一知识和需要的方向对实验的过程进行分析即可．解答：解：（1）让同一铜球从不同的高度沿斜面自由滚下，看哪次木块被推的比较远，控制了球的质量，改变了球的速度，这是为了探究动能与速度的关系；（2）让质量不同的铜球，从同一高度自由滚下，看哪次木块被推的比较远，控制了球的速度，改变了球的质量，这是为了探究动能与质量的关系；（3）这种研究的方法是物理学中常用的控制变量法．故答案为：速度；质量；控制变量法．点评：影响动能大小的因素有物体的质量和速度，这是我们必须熟知的，再根据物理学中研究一个量与多个变量之间关系时常用的控制变量法来对该实验的过程进行分析． 四、计算题（每题9分，共18分）36．（9分）（2022•娄底）为应对菲律宾对我国领土“黄岩岛”的不断挑衅，中国“向阳红06”海监船已启程赴南海维权，如图所示．“向阳红06”船总长91米、船宽14.7米、船底深7.6米，满载排水量4900吨，最大航速13.5节（约25km/h），续航力15000海里，是一艘装备精良的现代化综合海监船．（海水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）满载时，“向阳红06”船受到的浮力有多大？（2）若船底某处距海面的深度为6m，则该处受到海水的压强是多少？21\n（3）“向阳红06”船在某处执行任务时，以18km/h的速度匀速航行6小时，巡航的路程为多少km？若巡航时海水阻力为1.0×106牛顿，则这一过程中船的推进力所做的功为多少？考点：液体的压强的计算；速度公式及其应用；功的计算．专题：计算题；压轴题．分析：（1）浸在液体中的物体，受到的浮力等于排开的水重；已知轮船的排水量，可以得到排开的水重，也就得到了轮船受到的浮力；（2）已知海水的密度和船底所在的深度，利用P=ρgh计算船底受到的压强；（3）已知轮船行驶的速度和时间，可以得到行驶是路程；因为轮船匀速航行，所以推进力等于海水阻力；已知推进力和行驶的路程，利用公式W=FS计算推进力做的功．解答：解：（1）船的排水量为：m排=4900t=4.9×106kg“向阳红6号”所受到的浮力为F浮=m排g=4.9×106kg×10N/kg=4.9×107N；（2）船底受到的压强为P=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×6m=6×104Pa；（3）“向阳红6号“船巡航的路程为：S=vt=18km/h×6h=108km因为船匀速行驶，所以F=f=1.0×106N船的推进力所做的功为W=FS=1.0×106N×1.08×105m=1.08×1011J．答：（1）满载时，“向阳红06”船受到的浮力为4.9×107N；（2）该处受到海水的压强是6×104Pa；（3）巡航的路程为108km；船的推进力所做的功为1.08×1011J．点评：分析轮船类漂浮的物体受到的浮力时，一般都要利用浮力与重力相等，在此基础上结合阿基米德原理求解物体的体积或密度． 37．（9分）近年来，汽车逐步走进了普通百姓的家庭．汽车出现故障后，需要进行维修．小明家的汽车家的汽车发动机在维修时，工人师傅要用一个滑轮组（如图）把车里的发动机提起来．已知发动机质量为120kg，工人拉力为400N，在10s内发动机被提起了1m．求：（g=10N/kg）（1）滑轮组的机械效率是多少？（2）工人师傅做功的功率是多少？考点：滑轮（组）的机械效率；功率的计算．21\n专题：计算题；功、功率、机械效率．分析：（1）已知发动机的质量，可以得到重力；已知物重和提升高度，可以得到有用功；由图知，承担物重的绳子有4段，已知物体上升的高度，可以得到绳子自由端拉下的长度；已知拉力和绳子自由端拉下的长度，可以得到总功；已知有用功和总功，利用机械效率计算公式得到滑轮组的机械效率；（2）已知拉力做的功和所用时间，利用公式P=得到拉力的功率．解答：已知：m=120kgg=10N/kgh=1mn=4F=400Nt=10s求：（1）η=？（2）P=？解：（1）拉力做的有用功为W有用=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J，拉力做的总功为W总=Fs=Fnh=400N×4×1m=1600J，滑轮组的机械效率为η=×100%=×100%=75%；（2）拉力的功率为P===160W．答：（1）滑轮组的机械效率是75%；（2）工人师傅做功的功率是160W．点评：此题考查的是有用功、总功、机械效率和功率的计算，掌握基本公式，会正确判断承担物重的绳子段数，是解决此类问题的关键． 21
