2022年山东省临沂市中考物理试卷一、单项选择题（本大题共20小题，共分）1.2022年4月15日京雄高铁采用铺轨机正式铺轨，此铺轨机（如图）首次应用了我国自主研发的“北斗”定位系统。铺轨机与“北斗”定位系统间的信息传递靠的是（ ）A.电磁波B.超声波C.次声波D.红外线2.关于声现象，以下说法正确的选项是（ ）A.只要物体振动，人就能听见声音B.教室内学生听到教师的讲课声是靠空气传播的C.分辨出合奏中的各种乐器主要是依据音调的不同D.剧院内墙的吸音材料是在声源处减弱噪声的3.以下光现象，由于光的折射形成的是（ ）A. 小孔成像B. 鹦鹉照镜子C.手影游戏D. 放大镜4.以下各选项是小明整理的物理笔记，错误的选项是（ ）A.做功快的机械，效率不一定高B.动滑轮既能省力又能改变力的方向C.不透明物体的颜色由它反射的色光决定D.沙漠地区昼夜温差大与砂石的比热容小有关5.关于平面镜成像特点的探究实验，以下说法正确的选项是（ ）A.光屏用来验证像的虚实B.玻璃板可以与纸面不垂直C.蜡烛离玻璃板越近像越大D.做多组数据可以减小实验误差6.四季清楚的临沂有许多美丽的自然现象。以下现象由于凝华形成的是（ ）A.春天，冰雪消融B.夏天，薄雾缥缈C.秋天，露珠晶莹D.冬天，雾凇簇簇7.对以下各物理量的估测，最接近实际的是（ ）A.一只麻雀的质量约3kgB.成人正常行走的步长约50mmC.中学生上一层楼做功约1800JD.电视机正常工作电流约5A8.在全国中小学平安教育平台中，平安用电常识是其中一项重要的教育内容。以下做法符合平安用电要求的是（ ）A.用铜丝替代保险丝B.更换灯泡时断开电源开关C.开关接在灯泡和零线之间D.使用测电笔时手接触笔尖金属体9.各式各样的剪刀都是一对对杠杆。以下剪刀，最适合剪开较硬物体的是（ ）A.B.C.D.10.第24届冬奥会将于2022年2月4日至20日在北京市和张家口市联合举行。关于冬奥会的局部比赛工程，以下分析正确的选项是（ ）A.被推出的冰壶在水平冰面上滑行时受力平衡B.短道速滑运发动匀速过弯道时运动状态不变19/19\nC.滑雪运发动冲过终点后不能立即停下来是因为受到惯性的作用D.冰球运发动向后蹬冰面就会前进说明物体间力的作用是相互的1.如图是运发动参加射箭比赛时的场景，以下说法错误的选项是（ ）A.运发动将弓举起的过程对弓做功B.弓被拉的越弯产生的弹力越小C.弓被拉的越弯弹性势能越大D.箭被射出说明力可以改变物体的运动状态2.以下过程，属于内能转化为机械能的是（ ）A.从滑梯上滑下时臀部发热B. 电热水壶烧水C.内燃机的做功冲程D.向下压活塞引燃棉花3.新能源电动汽车被越来越多的家庭所承受，其核心部件是电动机。以以下图能说明电动机工作原理的是（ ）A.B.C.D.4.汽车尾灯内的示宽灯和刹车灯有时需要各自独立工作，有时需要同时工作。以下电路图符合要求的是（ ）A.B.C.D.5.被誉为“新世界七大奇迹”的港珠澳大桥（如图）由“水上桥面”和“海底隧道”两局部组成，其中海底隧道长km，设计时速100km/h，隧道洞壁采用了让人视觉舒适的新型装饰材料。以下说法正确的选项是（ ）A.水中的桥墩不受海水的浮力B.桥面上行驶的汽车相对灯杆静止C.通过海底隧道最少需要34.2minD.光在装饰材料上发生镜面反射6.如以下图，在“探究动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，以下说法正确的选项是（ ）A.实验所用斜面和水平面都必须是光滑的B.木块向前滑行的过程中机械能保持不变C.小球质量越大，到达斜面底端的速度越大D.木块被撞击后滑行的越远，说明小球的动能越大7.右图是某种固态物质加热变成液态时温度随时间变化的曲线。由图可知该物质（ ）A.是晶体，熔化持续了8minB.在A点是液态，B点是固态C.在A点的内能比B点的小D.在OA段的比热容比BC段的大8.将两个完全相同的小球分别放入装有不同液体的甲、乙两烧杯中，球静止时两烧杯液面相平，如以下图。以下判断正确的选项是（ ）A.两小球所受浮力大小相等B.乙烧杯中液体的密度大C.乙烧杯中小球排开的液体质量大D.甲烧杯底部受到液体的压强小9.如以下图电路的两灯泡L1和L2分别标有“VA”和“VA”字样，闭合开关后两均发光。假改灯泡的电阻不受温度影响，以下判断正确的选项是（ ）19/19\nA.两灯串联B.灯L2更亮C.灯L1的电阻丝更粗D.电流表A2的示数为0.5A1.如图甲所示电路的电源电压为3V，小灯泡的额定电压为V，图乙是小灯泡的I-U图象。闭合开关S后，以下判断正确的选项是（ ）A.滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡变暗B.电流表示数为0.4A时，灯泡的电阻是25ΩC.电压表示数为2.5V时，小灯泡的功率是1.25WD.小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是0.25W二、填空题（本大题共7小题，共分）2.2022年1月3日“嫦娥四号”探测器在月球反面成功降落，右图是“玉兔二号”巡视器与“嫦娥四号”着陆器别离时的照片。“玉兔二号”巡视器的影子是因为光的______形成的；太阳能电池板利用的太阳能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能电池板给充电电池充电时，充电电池相当于______（选填“用电器”或“电源”）。3.十九大报告指出：绿水青山就是金山银山。近几年我市也响应号召，积极行动，极大改善了山区环境。在丰富多彩的赏花节中，游客徜徉在花海中闻到阵阵花香，这是分子______的结果；汗流满面的游客不时摇动手中的扇子，加快汗液______（填物态变化），实现降温解热。4.我市“华唐名师和你聊物理”公益直播活动开播两年多以来，与广阔师生共同探讨了诸多物理知识。（1）在2022年1月18日的直播中，主播教师用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球后，金属箔片张开一定角度，接着用另一个物体接触金属球，箔片张角变大，由此判断该物体带______电荷。（2）在2022年4月26日的直播中，主播教师出示了一块电能表，其盘面上的数字如以下图，该电能表的示数为______kW•h。5.鲁南高铁日照至曲阜段将于2022年12月26日开通运营，目前正处于紧张忙碌的建立中。（1）图甲是运梁车运箱梁的场景，该运梁车有64个宽大的轮胎，其目的是选______（选填“增大”或“减小”）车对地面的压强。（2）2022年5月6日，鲁南高铁“高上一号特大桥”T型转体梁成功完成转体，实现了鲁南高铁与京沪高铁的互通。如图乙所示，转体梁转动时，在上转盘和下承台的空隙内填满黄油的目的是______（选填“增大”或“减小”）转盘与承台间的摩擦；转体梁转动过程中用到的液压千斤顶的工作根底是______。6.某航模兴趣小组操控一架重20N的小型无人机（如图），让其在5s内匀速下降10m，该过程中重力做功的功率是______W；机翼上方的空气流速______（选填“大于”、“小于”或“等于”）下方的空气流速。当该无人机静止在水平操场上时受到的支持力为______N。7.某品牌电动玩具警车的内部等效电路如图，阻值为2Ω19/19\n的警灯与线圈电阻为的电动机串联。当玩具警车正常匀速行驶时，通过电动机线圈的电流为1A，那么警灯两端的电压是______V；2min内电动机线圈产生的热量是______J。1.2022年4月23日，我国在青岛附近海空域举行海军建军70周年海上阅兵。护卫舰群首先承受检阅的是质量为4.0×103t的“临沂”舰。如以下图，该舰静止在海面上时所受浮力为______N；水面下5m处的舰体受到海水的压强为______Pa；它以40km/h的速度向前匀速航行时受到的阻力为1.0×106N，那么航行2km的过程中动力做功______J．（ρ海水=1.03×103kg/m3，g=10N/kg）三、计算题（本大题共3小题，共分）2.如以下图，一瓶饮料静置在停顿运转的传送带上。请在图中画出饮料瓶受重力的示意图。（图中的A点为饮料瓶的重心）3.根据《电动自行车平安技术标准》，交管部门规定自2022年5月1日起未申领临时标识的“非标”电动自行车不得上路行驶。如图是小明家新购置的电动自行车，整车质量为40kg。小明爸爸以18km/h的速度匀速骑行9km的过程中，电动机两端的电压恒为48V，通过的电流是A，车轮与地面的总接触面积为200cm2．小明爸爸的质量是60kg，g取10N/kg。求本次骑行过程中：（1）骑行所用时间。（2）车对地面的压强。（3）电动机的功率。4.图甲是小明家安装的即热式热水器，其具有高、低温两档加热功能，低温档功率为5500W，内部等效电路如图乙所示，R1和R2是两个电热丝。某次小眀用高温档淋浴时，水的初温是20℃，淋浴头的出水温度为40°C，淋浴20min共用水100L．假设热水器电热丝正常工作且产生的热量全部被水吸收【c水=4.2×103J/（kg•°C）】求：（1）电热丝R1的阻值。（2）该热水器高温档功率。四、作图题（本大题共1小题，共分）5.根据图中磁感线的方向，在括号内用“+”或“-”标出电源的正极或负极。19/19\n五、实验探究题（本大题共4小题，共分）1.在“探究凸透镜成像特点”的实验中，将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处不动，移动蜡烛和光屏至如以下图位置时，光屏上承接到清晰的像。（1）该凸透镜的焦距为______cm。（2）将远视眼镜的镜片放在蜡烛和透镜之间适当位置，此时应将光屏向______（选填“左”或“右”）移动，才能再次承接到清晰的像。（3）取走镜片，将蜡烛向左移动一段距离后，应将光屏移至______（选填序号）范围内才能承接到清晰的像。A.50～65cmB.65～80cmC.80～95cm（4）将蜡烛移到37cm刻度线上，观察到的像是______（选填“倒立”或“正立”）的。2.在探究水的沸腾特点时，所用实验装置如图甲所示。（1）组装实验装置时，支撑烧杯的铁圈和悬挂温度计的铁杆，应先固定______（选填“铁圈”或“铁杆”）。（2）实验过程中，烧杯上方的“白气”是水蒸气______（填物态变化名称）的结果。（3）水沸腾时温度计的示数如图乙所示，水的沸点为______℃；继续加热，温度计的示数将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（4）图丙是根据实验数据作出的图象。由图象可知，将水加热至沸腾的时间较长，其原因可能是______（选填“水的质量偏大”或“当地气压偏低”）。3.小明在滨河阳光沙滩游玩时捡到一块鹅卵石，并对该鹅卵石的密度进展了测量。（1）将天平放在水平桌面上，并将游码移至称量标尺左端的零刻度线后，分度标尺的指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，使天平横梁平衡。（2）测量鹅卵石质量时，将最小为5g的砝码放入托盘天平的右盘后，分度标尺的指针如图乙所示，接下来的操作是______，直至天平横梁平衡。（3）天平平衡时，所用砝码和游码在称量标尺上的位置如图丙所示，该鹅卵石的质量是______g。（4）如图丁所示，鹅卵石的体积是______cm3。（5）由以上数据可知，该鹅卵石的密度为______g/cm3。（6）将该鹅卵石挂在弹簧测力计下并浸没在某液体中静止时，测力计的示数如图戊所示，鹅卵石所受浮力为______N．（g取10N/kg）4.在“探究电流与电阻关系”的实验中，小明依次选用阻值为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻进展实验。（1）图甲是实验的实物连线图，其中有一条导线连接错误，请在该导线上打“×”并画出正确连线。（2）改正错误后闭合开关，电流表有示数而电压表无示数，电路故障可能是______。（319/19\n）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表的示数如图乙所示，此时电路中的电流为______A。（4）断开开关，将5Ω的定值电阻换成10Ω的并闭合开关，此时应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）端移动，这一过程中眼睛要一直观察______表示数的变化。（5）下表是实验中记录的数据，分析数据可知：实验次数123定值电阻R/Ω51020电流/A①10Ω定值电阻的功率为______W。②当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______比。答案和解析1.【答案】A【解析】解：我国自主研发的“北斗”定位系统是利用电磁波进展定位的，所以铺轨机与“北斗”定位系统间的信息传递靠的是电磁波，故A正确，BCD错误。应选：A。卫星通信是以电磁波为载体传递信息的。此题考察电磁波的相关知识，是一道根底题。2.【答案】B【解析】解：A、物体振动能够产生声音，但是产生的声音不一定被人听到，只有频率在人耳听觉范围内的声音才能被人耳听到，故A错误；B、教室内学生听到教师的讲课声是靠空气传播的，故B正确；C、分辨出合奏中的各种乐器主要是依据音色的不同，故C错误；D、剧院内墙用吸音材料装饰，属于在传播过程中减弱噪声，故D错误。应选：B。（1）人耳能听到的声音的频率范围是20Hz～20000Hz，不在这个范围内的声音是人耳听不到；（2）声音的传播需要介质；（3）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和构造有关；（4）防治噪声的途径有：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱。此题考察声音的传播条件、音色及防治噪声的途径和人耳听到声音的条件，属于根底题。3.【答案】D【解析】解：A、小孔成像是由光沿直线传播形成的，故A错误；B、鹦鹉照镜子属于平面镜成像，是由光反射形成的，故B错误；C、手影游戏是由于光的直线传播造成的。故C错误；D、放大镜成像，属于凸透镜成像，利用了光的折射，故D正确；应选：D。（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；19/19\n（2）光线传播到两种介质的外表上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。此题通过几个日常生活中的现象考察了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，考察了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。4.【答案】B【解析】解：A、做功快的机械，表示其功率大；但机械效率是指有用功与总功的比值，做功快的机械，机械效率不一定高，二者没有直接关系。故A正确；B、使用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向。故B错误；C、不透明的物体可以反射与它相同的色光，而吸收其它色光，所以物体颜色是由反射的色光决定的。故C正确；D、沙漠地区的昼夜温差大，主要是因为砂石的比热容小，在同样吸放热的情况下，其温度变化大。故D正确。应选：B。（1）做功的快慢用功率表示，机械效率是指有用功与总功的比值；（2）使用动滑轮可以省力，但不能改变用力的方向；（3）不透明物体的颜色由物体反射的色光决定，不透明物体只能反射与自身颜色相同的色光，吸收与自己颜色不同的色光；（4）砂石的比热容小，在同样吸放热的情况下，其温度变化大，据此解释。此题是一道有关物理概念的综合题，考察的知识点较多，包括功率与效率的关系、动滑轮的特点、物体的颜色及比热容的应用，正确、全面掌握概念是解答的关键。5.【答案】A【解析】解：A、光屏能承接实像，虚像不能承接在光屏上，使用光屏是为了验证平面镜所成像的虚实，故A正确；B、为了使蜡烛与前面蜡烛的像完全重合，玻璃板要与纸面垂直，故B错误；C、平面镜成像的大小与物体的大小有关，与物体到平面镜的距离无关，故C错误。D、做屡次实验获得多组数据是为了得到普遍的规律，故D错误；应选：A。（1）实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接。（2）玻璃板要与纸面垂直。（3）物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系；（4）屡次测量，能得到普遍的规律。此题以选择题的形式考察平面镜成像实验中需要注意的事项，这既是平时经常强调的地方，又是中考中经常涉及到的地方，要求深入理解，熟练掌握。19/19\n6.【答案】D【解析】解：A、冰雪消融是固态变成液态，是熔化现象，故A不符合题意；B、雾是水蒸气遇冷凝结成小水滴并与空气中的尘埃结合形成的，是液化现象，故B不符合题意；C、露水是水蒸气遇冷凝结成小水滴，是液化现象，故C不符合题意；D、雾凇是水蒸气遇冷变成的小冰晶，是凝华现象，故D符合题意。应选：D。（1）物态变化共有六种：①熔化是物质由固态变为液态；②凝固是物质由液态变为固态；③汽化是物质由液态变为气态；④液化是物质由气态变为液态；⑤升华是物质由固态变为气态；⑥凝华是物质由气态变为固态。（2）解决此题的关键是知道物态变化的名称，依据各选项中的物态变化进展分析即可此类问题是考察对物态变化过程中的熔化现象的理解与掌握情况，判断出物质变化前后的状态是解决此类问题的关键。7.【答案】C【解析】解：A、一只麻雀的质量约50g，故A错误B、成人正常行走的步长约80cm，故B错误；C、中学生的体重为600N，每层楼高3m，登上一层楼做功W=Gh=600N×3m=1800J，故C正确；D、家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作时的电流为I===1A，故D错误。应选：C。首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进展相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。8.【答案】B【解析】解：A、保险丝是根据焦耳定律工作的，粗铜丝代替保险丝的电阻很小并且熔点很高，产生的电热很少，即使电流很大，粗通丝也不会熔断，不能起到保险作用。故A不符合平安用电要求；B、更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属局部，切断电源可以保证金属局部不带电。故B符合平安用电要求；C、开关接在灯泡和零线之间，当断开开关，火线和灯泡还处于连接状态，人接触灯泡就是间接接触火线，容易发生触电。故C不符合平安用电要求；D、使用测电笔时，手一定不能接触笔尖金属体，如果测电笔接触火线，手接触笔尖金属体会发生触电事故。故D不符合平安用电要求。应选：B。（1）家庭电路中保险丝的作用是在电流过大时能自动切断电源，防止火灾发生；（2）更换灯泡、搬动电器时不要带电操作，要切断电源；（3）开关接在火线和灯泡之间更平安；（4）使用测电笔时，笔尖金属体接触导线，手接触笔尾金属体。（1）掌握保险丝的作用、原理。19/19\n（2）更换、维修、移动用电器要断开电源。（3）掌握灯泡、开关接法。（4）掌握测电笔的正确使用。9.【答案】B【解析】解：由图可知选项A、C、D中的剪刀动力臂都小于阻力臂，都是费力杠杆，不能省力，所以选项A、C、都不正确。由图可知选项B中的剪刀动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，能更容易地剪开较硬的物体，所以选项B正确。应选：B。杠杆在使用时有时为了省力，有时为了省距离，要剪开较硬的物体时，需要抑制更大的阻力，因此是为了省力。根据杠杆的平衡条件可知，只有动力臂大于阻力臂的杠杆才更省力。此题主要考察我们运用杠杆平衡条件来分析杠杆在使用时的特点，知道动力臂与阻力臂的关系决定了杠杆是省力还是费力。10.【答案】D【解析】解：A、被推出的冰壶在水平冰面上滑行时做减速运动，处于非平衡状态，所以受力不平衡。故A错误；B、短道速滑运发动匀速过弯道时运动方向发生改变，所以运动状态改变，故B错误；C、滑雪运发动冲过终点后不能立即停下来是因为运发动具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用；故C错误；D、物体间力的作用是相互的，冰球运发动向后蹬冰面，冰面同时给运发动一个反作用，所以运发动就会前进，故D正确。应选：D。（1）物体在平衡力的作用下会保持静止状态或匀速直线运动状态；（2）运动状态包括运动的方向和速度，其中一个改变那么运动状态改变；（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，其大小只与质量有关；（4）物体间力的作用是相互的。以冬奥会局部比赛工程的场景为内容，考察了与力学相关的多个知识点，都是较根底的力学知识，应熟练掌握。11.【答案】B【解析】解：A、运发动将弓举起的过程中，有力作用在弓上，弓在力的方向上通过了距离，所以做了功，故A正确；B、弓属于弹性物体，张弓射箭利用的是弓的弹性，弓被拉得越弯，弹性形变越大，产生的弹力越大，故B错误；C、在弓的弹性限度内，弓的弹性势能与弓的形变有关，弓拉得越弯，弹性形变越大，弓的弹性势能越大，故C正确；D、箭被射出说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。应选：B。（1）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。（2）在弹性限度内，物体发生弹性形变越大弹力越大。（3）弓的弹性势能与弓的形变有关，形变量越大，弹性势能越大；19/19\n（4）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。此题考察力是否做功的判断、力的作用效果、弹力以及弹性势能的影响因素。关键是掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。12.【答案】C【解析】解：A、小朋友从滑梯上滑下，身体与滑梯接触局部感觉发热，是摩擦做功，将机械能转化为内能，不符合题意；B、电热水壶烧水时，电流做功，将电能转化为内能，不符合题意；C、内燃机的做功冲程，是利用高温高压燃气做功，将内能转化为机械能，符合题意；D、下压活塞时，活塞对封闭气体做功，机械能转化为内能，不符合题意。应选：C。改变内能的方式有两种，做功和热传递。对物体做功，通常是机械能转化为内能，物体对外做功，通常是内能转化为机械能。机械能与内能的转化主要是通过做功实现的，对物体做功，机械能转化为内能；气体对外做功，内能转化为机械能。13.【答案】D【解析】解：A、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；B、图为电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；C、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故C不符合题意；D、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意。应选：D。电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的。电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。14.【答案】D【解析】解：A．由电路图可知，只闭合开关S1时两灯都亮，只闭合开关S2时两灯都不亮，两开关均闭合时只有L1亮，L2不能独立工作，故A不符合题意；B．由电路图可知，只闭合开关S1时L1灯亮，只闭合开关S2时两灯都不亮，两开关均闭合时两灯都亮，L2不能独立工作，故B不符合题意；C．由电路图可知，只闭合开关S时，两灯泡均亮，即两灯泡均不能独立工作，故C不符合题意；D．由电路图可知，只闭合开关S1时L1灯亮，只闭合开关S2时L2灯亮，两开关均闭合时两灯都亮，故D符合题意。19/19\n应选：D。由题意可知，汽车尾灯内的示宽灯和刹车灯可以独立工作、互不影响，说明示宽灯和刹车灯并联且各有一个开关控制，据此进展解答。此题考察了串、并联电路的设计，根据题意得出两灯的连接方式和开关的位置是关键。15.【答案】A【解析】解：A、桥墩下面没有水，水不会对桥墩产生向上的压力，不会产生浮力。故A正确。B、汽车行驶时，汽车和灯杆之间距离发生的变化，所以以灯杆为参照物，汽车是运动的。故B错误。C、t===0.057h=3.42min，故C错误。D、隧道洞壁采用了让人视觉舒适的新型装饰材料，说明人看隧道壁不会刺眼，所以隧道洞壁发生漫反射。故D错误。应选：A。（1）柱形物体浸没在液体中，当物体的底部没有液体时，液体对物体是不产生浮力的。（2）判断物体是运动还是静止，看被研究的物体和参照物之间是否发生了位置的改变。（3）知道路程和速度，根据速度公式计算时间。（4）人看物体不刺眼比较舒服是因为物体发生漫反射。从汽车行驶这个日常生活问题考察速度公式、运动相对性、反射、浮力等，表达生活中处处有物体，所以我们要认真观察生活。16.【答案】D【解析】解：A、由于影响动能大小的因素是速度和质量；所以所用斜面和水平面是相同的即可，不一定必须是光滑，故A错误；B、木块向前滑行的过程中，速度减小，由于木块在水平面上，质量不变，那么机械能减小，故B错误；C、小球到达斜面底端的速度取决于小球在斜面上的高度，滚下的高度越高小球到达斜面底端的速度越大，故C错误；D、根据转换法，将木块推得越远，说明小球撞击木块前的动能很大，故D正确。应选：D。（1）影响动能大小的因素：速度和质量；（2）根据机械能影响因素即可判断；（3）小球到达斜面底端的速度取决于小球在斜面上的高度；为了保证小球到达斜面底端具有相同的速度，可以让小球从同一高度落下。（4）通过小球对木块做功，来探究小球的动能大小，利用了转换法。此题考察了学生对影响动能大小的因素的掌握，注重了控制变量法应用的考察，是中考的热点。17.【答案】C【解析】解：ABC、由图象知，该物质在熔化过程中保持50℃不变，所以熔点为50℃，并且为晶体，物质在A点为固态，B点熔化完毕为液态，熔化时间由4min开场到8min完毕，共4min。晶体在熔化过程虽然温度保持不变，但要不断吸热，内能增大，故在A点的内能比B点的小。故AB错误，C正确；19/19\nD、由图象可知，相同的时间内OA段升高的温度大于BC段升高的温度，由Q=cm△t可知：当吸收的热量和质量都相同时，△t越大比热容就越小，所以在OA段的比热容比BC段的小。故D错误。应选：C。（1）会分析晶体的熔化图象：假设在熔化过程中温度保持不变，那么为晶体。此时的温度即为晶体的熔点。（2）知道晶体在熔化过程中温度保持不变，但要不断吸热，内能增大。（3）由图象可知，此物质固态时在相同的时间内升高的温度比液态时升高的温度大，由此可知温度变化越大，比热容就越小。此题主要考察了对晶体熔化图象的分析，要学会从熔化图象中获得信息：熔化温度、熔化特点、熔化所用的时间。18.【答案】A【解析】解：A、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，故A正确；B、由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。根据浮沉条件可知，ρ甲液＞ρ球，ρ乙液=ρ球．所以ρ甲液＞ρ乙液，故B错误；C、由于两球漂浮或悬浮，排开液体的重力等于球的重力，那么小球排开的液体质量等于球的质量，故C错误；D、由于两杯中液面相平，所以根据p=ρ液gh可知，烧杯底受到液体的压强：p甲液＞p乙液．故D错误。应选：A。（1）根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系。（2）根据小球在甲、乙两杯中的状态判断两种液体与小球的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；（3）根据阿基米德原理即可判断排开的液体质量；（4）根据液面的高度关系，利用p=ρ液gh比较甲、乙两烧杯底受到液体的压强大小。此题考察了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。19.【答案】B【解析】解：A、由图可知，电流从电源的正极流出，经开关后分为两支，一支经过灯泡L1，另一支经过左侧电流表A1和灯泡L2，集合到电流表A2再回到电源的负极，因此，两灯泡并联，故A错误。B、两灯泡L1和L2分别标有“”和“”字样，由I=可得，R1＞R2，两灯泡并联，其两端电压相等，由P=可知，灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，那么灯L2更亮，故B正确；C、已知由于灯丝的材料相同，长度相同，L2电阻小于L1电阻，所以L2灯丝就较粗，故C错误；D、由图知，两节干电池串联，那么电源电压为3V；如果两灯能正常发光，那么A2的示数为0.2A+0.3A=0.5A；由于电源电压小于两灯泡的额定电压为3.8V，所以此时两灯泡都不能正常发光，那么A219/19\n的示数应小于0.5A，故D错误。应选：B。（1）根据电流流向法，找出电流的路径，可判断电路的连接方式，（2）根据I=公式变形可求得其电阻，假改灯泡的电阻不受温度影响，由P=可知其实际功率大小，灯泡的亮度取决于其实际功率大小；（3）根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系。会识别电路的串并联，同时可以根据电流流向法判断电流的路径，是正确解答的关键。20.【答案】D【解析】解：A、由图可知，闭合开关S后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片P向左滑动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P=I2R可知灯泡的实际功率增大，那么灯泡变亮，故A错误；B、由灯泡的I-U图象可知，当电流为0.4A时，灯泡的电压为1V，由欧姆定律可得，灯的电阻：RL==Ω，故B错误；C、电压表示数为2.5V时，由串联电路电压的规律，灯的电压为：UL′=U-U滑′=3V-2.5V=0.5V，由图象可知，灯的电压为0.5V时电流为0.3A，那么小灯泡的功率：PL′=UL′I′×0.3A=0.15W，故C错误；D、小灯泡的电压等于额定电压2.5V时，灯正常发光，由图象可知灯的额定电流为0.5A，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑=U-UL额=3V-2.5V=0.5V，此时滑动变阻器的功率：P滑=U滑I滑×0.5A=0.25W，故D正确。应选：D。A、由图可知，闭合开关S后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片P向左滑动时，分析电路中的电阻变化，由欧姆定律确定电路中的电流变化，根据P=I2R确定灯的实际功率，从而得出灯泡亮度变化；B、由图象知，当电流为0.4A时，对应的电压为1V，由欧姆定律法度出灯的电阻；C、电压表示数为2.5V时，由串联电路电压的规律得出灯的电压，由图知，灯的电压为0.5V电流大小，根据P=UI得出小灯泡的功率；D、小灯泡的电压等于额定电压2.5V时，灯正常发光，由图象可知灯的额定电流，根据串联电路电压的规律求出变阻器的电压为，根据P=UI求出变阻器的功率。此题考察串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。21.【答案】直线传播 可再生 用电器【解析】解：（1）“玉兔二号”巡视器的影子是光的直线传播现象，是巡视器挡住太阳光射向月面形成的；（2）太阳能可以源源不断的从自然界中得到，是可再生能源；（3）太阳能电池板给充电电池充电时，充电电池消耗电能，相当于用电器。19/19\n故答案为：直线传播；可再生；用电器。（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）但凡能提供能量的物质资源都称为能源，按能源开发之后是否可以再生分为不可再生能源和可再生能源；（3）在电路中，能够提供电能的是电源，需要消耗电能的是用电器。此题考察了光的直线传播、能源的分类和电路的组成，是一道联系实际的应用题，难度不大。22.【答案】无规那么运动 蒸发【解析】解：由于分子在运动，所以走在湖边，常能闻到阵阵花香；夏天扇扇子会加快空气的流动，尽管不能降低气温，但是通过加快空气的流动从而加快皮肤外表汗水的蒸发，蒸发是一个吸热过程，即汗水的蒸发会吸收人身体的热量，所以人会觉得凉快。故答案为：无规那么运动；蒸发。①闻到花香是扩散现象，是分子运动的结果。②影响蒸发快慢的因素有温度、液体的外表积及液体外表空气流动的速度；扇扇子会加快空气流动的速度，加快人身上汗液的蒸发，汗液在蒸发过程中，会吸收人体的热量。此题主要考察学生对热学知识的综合理解，是一道中档题，是中招的热点。23.【答案】正 2022.4【解析】•h。故答案为：（1）正电荷；（2）2022.4。（1）验电器是根据电荷间的作用规律制作的。它是用来检验物体是否带电的一种仪表。验电器金属箔片张角的大小跟验电器金属箔片所带电荷的多少有关，所带电荷越多，张角越大；（2）电能表读数时，注意最后一位为小数，单位是kW•h。此题主要考察对验电器使用原理及电能表的读数，是一道根底题。24.【答案】减小 减小 帕斯卡原理【解析】19/19\n解：（1）运梁车有64个宽大的轮胎，增大了受力面积，根据p=知，在压力一定时，可以减小车对地面的压强。（2）转体梁转动时，在上转盘和下承台的空隙内填满黄油，是通过使接触面脱离的方式来减小摩擦力；液压机是根据小活塞加在密闭液体上的压强，能够大小不变地由液体传递到大活塞上而工作的；即根据帕斯卡定律工作的。故答案为：（1）减小；（2）减小；帕斯卡原理。（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。帕斯卡定律：加在密闭液体上的压强，能够大小不变地由液体向各个方向传递。此题考察压强和摩擦力大小的影响因素，以及帕斯卡原理及其应用，压强和摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。25.【答案】40 大于 20【解析】解：无人机抑制自身重力做功为：W=Fs=Gh=20N×10m=200J；无人机抑制自身重力的功率：P===40W。由于机翼上凸下平，在相同是时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大。该飞机静止在水平地面上时，受到的重力和支持力是一对平衡力，故F支=G=20N。故答案为：40；大于；20。已知无人机重力，然后用公式W=Fs=Gh计算抑制自身重力所做的功；已知时间，用公式P=求功率。飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用；当该无人机静止在水平操场上时受到的支持力等于其重力。此题考察了重力公式、功的公式和功率公式的应用，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，关键是各种公式的灵活运用。26.【答案】2 60【解析】解：（1）由题知，警灯与电动机串联；根据串联电路的电流特点可知，通过警灯的电流与通过线圈的电流相等，即I灯=I线圈=1A，由I=可得，警灯两端的电压为：U灯=I灯R灯=1A×2Ω=2V；（2）2分钟内电动机线圈产生的热量：Q=I线圈2R线圈t=（1A）2×Ω×2×60s=60J。故答案为：2；60。（1）根据欧姆定律算出警灯两端的电压（2）由焦耳定律公式Q=I2Rt可求出电动机线圈产生的热量即可。此题考察欧姆定律、焦耳定律公式的应用，要注意电动机属于非纯电阻电路，电热只能用Q=I2Rt计算。27.【答案】4×107 ×104 2×109【解析】解：（1）“临沂”舰漂浮在水面上，那么该舰受到的浮力：F浮×103×103kg×10N/kg=4×107N，（2）水面下5m处的舰体受到海水的压强：p=ρ海水×103kg/m3×10N/kg××104×106×106N×2×103m=2×109J。故答案为：4×107×104；2×109。（1）物体漂浮，浮力等于重力，根据G=mg求出重力，可得浮力；（2）已知航母的吃水深度，由液体压强公式p=ρgh求出水面下5m处的舰体受到海水的压强；（3）因为“临沂”19/19\n舰匀速航行，所以动力等于海水阻力；已知动力和行驶的路程，利用公式W=Fs计算推动力做的功。此题考察浮力、液体压强和功的计算，是一道综合性较强的题目，关键是根据二力平衡条件得出动力大小。28.【答案】解：瓶子在水平方向不受力，竖直方向上受重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力，过重心做竖直向下的重力，如以以下图所示：【解析】（1）物体的平衡状态是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态，处于平衡态的物体在某一方向上受平衡力的作用或者不受外力的作用；（2）饮料瓶随传送带一起水平向左匀速运动，那么在水平方向上不受外力的作用，在竖直方向上物体处于静止状态，那么物体受平衡力的作用，即物体的重力和传送带对物体的支持力是一对平衡力。此题考察了力的示意图和画法，学生容易错误解为还有一个向左的力，能否正确分析物体在水平和竖直方向上的受力情况，是此题的解题关键所在。29.【答案】解：（1）由v=st得骑行时间：t=sv=9km18km/hh；（2）小明爸爸和车的总质量：m=40kg+60kg=100kg，总重力：G=mg=100kg×10N/kg=1000N，车对地面的压力：F=G=1000N，受力面积S=200cm2m2，对地面的压强：p=FS=1000N0.02m2=5×104Pa；（3）电动机的功率：P=UI=48V×A=300Wh；（2）车对地面的压强为5×104Pa；（3）电动机的功率为300W。【解析】（1）知道骑行速度和路程，利用v=求骑行时间；（2）求出小明爸爸和车的总质量，利用G=mg求其重力，车对地面的压力等于人和车的总重力，知道受力面积，利用p=求对地面的压强；（3）利用P=UI求电动机的功率。此题考察了速度公式、重力公式、压强公式、电功率公式的应用，注意：骑行过程中，对地面的压力等于人和车的总重力，不要忘了人的重力。30.【答案】解：（1）由图知，两开关同时闭合时，两电阻并联，只闭合S1时，为R119/19\n的简单电路；因为并联的总电阻小于其中任一分电阻，根据P=U2R可知，只闭合S1时，电阻较大，功率较小，为低温档，电热丝R1的阻值：R1=U2P低=(220V)25500WΩ；（2）用高温档淋浴时，淋浴20min共用水100L，水的质量：m=ρV×103kg/m3×100×10-3m3=100kg；水从初温20℃升高到40°C吸收的热量：Q=cm△t×103J/（kg•°C）×100kg×（40°C-20°C×106J；由题知，假设热水器电热丝正常工作且产生的热量全部被水吸收，那么消耗的电能：W=Q×106J；该热水器高温档功率：P高=Wt=8.4×106J20×60s=7000W。答：（1）电热丝R1Ω；（2）该热水器高温档功率为7000W。【解析】（1）两开关同时闭合时，两电阻并联，只闭合S1时，为R1的简单电路，根据并联电阻的规律和P=分析不同档位电路的连接，根据R=求解；（2）根据m=ρV求出100L水平质量，根据Q=cm△t求出水从初温是20℃升高淋为40°C吸收的热量；因热水器电热丝正常工作且产生的热量全部被水吸收，根据P=求出该热水器高温档功率。此题为电热综合题，考察并联电路的规律及欧姆定律的电功率公式、密度公式和Q=cm△t的运用。31.【答案】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，所以图中螺线管的右端为N极，左端为S极。根据安培定那么，伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极（右端），那么四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的；所以电源的右端为正极，左端为负极。如以下图：【解析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，然后根据安培定那么判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。此题既考察了通电螺线管磁极的判断又考察了电流方向的判断，一环扣一环也是易错题，要求学生步步仔细才行。32.【答案】15 左 B 正立【解析】解：（1）根据图可知，烛焰距凸透镜50cm-20cm=30cm时，移动光屏至某一位置，在光屏上得到一等大清晰的像，说明此时满足80cm-50cm=30cm=u=2f，所以f=15cm；（2）将远视眼镜的镜片放在蜡烛和透镜之间适当位置，对光线能够起到提前会聚的作用，此时应将光屏向左移动，才能再次承接到清晰的像。（3）取走镜片，将蜡烛向左移动一段距离后，此时物距大于2倍焦距，像距应在2倍焦距与1倍焦距之间，凸透镜在50cm处，应将光屏移至65～80cm范围内才能承接到清晰的像。应选B。19/19\n（4）将蜡烛移到37cm刻度线上，u′=50cm-37cm=13cm＜f，凸透镜成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。故答案为：（1）15；（2）左；（3）B；（4）正立。（1）根据u=2f时，成倒立、等大的实像，可求得焦距；（2）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线具有发散作用；近视眼用凹透镜矫正，远视眼用凸透镜矫正。（3）根据成像特点及物距、像距与焦距的关系分析；（4）u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。此题主要考察凸透镜成像规律，关键是熟记凸透镜成像特点，并能从图中读出物距与像距的关系。33.【答案】铁圈 液化 98 不变 水的质量偏大【解析】解：（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定铁圈的高度；（2）实验过程中，烧杯上方的“白气”是水蒸气遇冷后液化成的小水滴；（3）由图知，此温度计的分度值是1℃，所以此时温度计的示数是98℃，即水的沸点是98℃；水在沸腾过程中吸热但温度保持不变，继续加热，温度计的示数将不变；（4）图丙是根据实验数据作出的图象。由图象可知，将水加热至沸腾的时间较长，单位时间内温度的变化较小，其原因可能是水的质量偏大。故答案为：（1）铁圈；（2）液化；（3）98；不变；（4）水的质量偏大。（1）因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；（2）烧杯冒出的大量“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴；（3）要会进展温度计的读数，在读数时，首先认清温度计的分度值；液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；（4）根据图象，通过水质量的大小及初温的上下判断加热时间较长的原因。此题是探究水的沸腾实验，考察了温度计的读数，水沸腾的特点，将其与图象结合，增大了题的难度。34.【答案】右 取下5g砝码并向右移动游码 54 20 2.7 0.2【解析】解：（1）由图甲知，测量前天平放在水平桌面上，并将游码移至称量标尺左端的零刻度线后，指针偏左，应将平衡螺母向右调节，使横梁平衡；（2）由图乙知，测量质量时参加最小的5g砝码后，指针偏向右侧，说明砝码的总质量较大，即这时石块的质量小于右盘中砝码的总质量；接下来的下来的操作是：取下5g砝码并向右移动游码，直至天平平衡；（3）图丙中天平标尺的分度值为0.2g，鹅卵石的质量：m=50g+4g=54g；（4）由图丁知，量筒中水的体积V水=50mL=50cm3，图丙中鹅卵石和水的总体积V总=70mL=70cm3，故鹅卵石的体积：V=V总-V水=70cm3-50cm3=20cm3；（5）鹅卵石的密度：ρ==3；（6）由图戊知，弹簧测力计分度值为0.02N，鹅卵石挂在弹簧测力计下并浸没静止时，测力计的示数为0.34N，鹅卵石所受浮力：F浮=G-F示=mg-F示×19/19\n10N/kg-0.34N=0.2N。故答案为：（1）右；（2）取下5g砝码并向右移动游码；（3）54；（4）20；（5）2.7；（6）0.2。（1）使用天平测量物体质量之前要进展调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；（2）物体放在天平的左盘，游码放在天平的右盘，通过加减砝码和调节游码在标尺上的位置使天平平衡；（3）左盘中物体的质量等于右盘中砝码的质量加上游码的示数；（4）量筒中两次液面的体积差就是物体的体积进展计算；（5）密度的计算公式ρ=计算出鹅卵石的密度；（6）读出弹簧测力计示数，由称重法计算浮力。此题是固体密度测量的实验，主要考察了天平和量筒的使用、密度的计算以及称重法计算浮力，要熟练掌握天平、量筒以及弹簧测力计的使用及读数。35.【答案】电阻短路 0.4 右 电压 0.4 反【解析】解：（1）原电路中，电阻和电压表短路了，电阻串联在电路中，电压表与电阻并联，如下所示：（2）改正错误后闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，而电压表无示数，电路故障可能是电阻短路；（3）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为此0.02A，电流为0.4A；（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数不变，故这一过程中，眼睛要一直观察电压表示数的变化；（5）①由表第2次数据知，10Ω定值电阻的功率为：P=I2R=（0.2A）2×10Ω=0.4W；②横向分析表中数据，电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，好当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。故答案为：（1）如上；（2）电阻短路；（3）0.4；（4）右；电压；（5）①0.4；②反。（1）原电路中，电阻和电压表短路了，电阻串联在电路中，电压表与电阻并联；（2）改正错误后闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，根据电压表无示数分析电路可能的故障；（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（5）①由表第2次数据知，根据P=I2R求了定值电阻的功率；②横向分析表中数据得出结论。此题探究电流与电阻关系，考察电路连接、故障分析、电流表读数、操作过程及功率计算和数据分析、控制变量法。19/19
