2022-2022学年江苏省宿迁市泗阳县新阳中学九年级（上）期中物理模拟试卷一、选择题（本题共10小题，1-5每题1分，6-10每题2分，共15分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1．图中以科学家名字作为功能的单位的是()A．焦耳B．瓦特C．牛顿D．帕斯卡2．如图所示的工具在正常使用中属于费力杠杆的一组是()A．羊角锤B．\n筷子C．超瓶器D．独轮车3．中学生小华在一次跳绳的体能测试中，1min内跳了120次，每次跳离地面的高度约为5cm，则他跳绳时的功率最接近()A．5WB．50WC．500WD．5000W4．起重机的钢绳将500牛顿的物体匀速提高6米后，又水平匀速移动4米，钢绳对物体所做的功为()A．3000焦耳B．5000焦耳C．2000焦耳D．1000焦耳5．如图所示，小朋友沿着滑梯匀速下滑的过程中，下列说法正确的是()A．他受到的重力不做功B．他的重力势能减少C．他的动能增加D．他的机械能不变6．如图所示，“套圈”出手后，从a点到c点的过程中（不计空气阻力），下列说法正确的是()A．“套圈”由a到b过程中，动能逐渐增大B．“套圈”在b点的机械能大于a点的机械能C．“套圈”由b到c过程中，机械能逐渐变小D．“套圈”由a到b再到c过程中，重力势能先变大后变小7．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是()A．物体的温度越高，所含的热量越多B．0℃的冰没有内能\nC．一个物体吸收热量时，温度不一定升高D．对物体做功，物体的温度一定升高8．冰在熔化的过程中，下列判断正确的是()A．比热容改变，内能增加，温度不变B．比热容改变，内能和温度不变C．比热容、内能和温度都增加D．比热容、内能和温度都不变9．点火爆炸实验中，电子式火花发生器点燃盒中酒精蒸气，产生的燃气将塑料盒盖喷出很远．此过程的能量转化方式类似于汽油机的()A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程10．击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路导通，乙方指示灯L乙亮，同理，乙方剑击中甲方，灯L甲亮．下面能反映这种原理的电路是()A．B．C．D．二、填空题（每空1分，共15分）11．人们常用水给汽车发动机降温，这是因为水的__________较大，在相同条件下水能带走较多的热量，这个过程是通过__________的方式使水的温度升高．12．如图所示是我国第一艘航母“辽宁舰”，其正常行驶的功率约为1.5×108瓦，正常行驶1分钟做的功是__________J，辽宁舰舰载战斗机将配备歼﹣15机群，当战斗机从甲板上加速升空时，战斗机的动能__________（选填“增大”、“减小”或者“不变”下同），重力势能__________，机械能__________．13．如图为宾馆房间取电房卡．将房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用．房卡的作用相当于电路元件中的__________，房间里的电视机与电灯在电路中是__________联的．\n14．某品牌汽车在高速公路上以110km/h的速度行驶了百公里，消耗汽油的质量为6kg，汽油的热值4.6×107J/kg，则完全燃烧这些汽油所放出的热量为__________J，若此时汽油机曲轴的转速为3600r/min，则汽油机每秒内完成__________个冲程，对外做功__________次．15．如图所示的电路中，只要灯L1发光，应只闭合开关__________；要使灯L1、L2串联，应闭合开关__________；要使灯L1、L2并联，应闭合开关__________；若闭合开关__________，就会造成电源短路．三、作图题（第16题每小题4分，第17题2分，共6分）16．（1）用道钉撬来撬铁路枕木上的道钉，O是支点，在图1中作出它的动力臂和阻力臂．（2）人站在地上提升重物，利用图2中的定滑轮和动滑轮绕制滑轮组，要求能够改变用力的方向．17．请根据图1中的实物图，在图2框内画出相应的电路图．\n四、计算题（每题4分，合计8分）18．利用如图所示的滑轮组把重480N的物体提高10m，已知滑轮组的机械效率是80%（不计绳重和摩擦），求：（1）有用功、所用拉力和动滑轮的重量；（2）用此滑轮组吊起600N的物体，滑轮组的机械效率又是多大？19．用燃气灶烧水，燃烧2kg的煤气，使200kg的水从20℃升高到70℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg．求：（1）2kg煤气完全燃烧放出的热量．（2）水吸收的热量．（3）燃气灶烧水的效率．五、实验题（第20题4分，第21题4分，第22题8分，合计16分）20．在“测定动滑轮机械效率”的实验中，小明用如图所示的动滑轮提升钩码，改变钩码的数量，正确操作，实验数据如下：实验序号钩码重钩码上升高度h/cm拉力F/N绳端移动的距离s/cm①1.020.00.740.0②2.020.01.240.0③3.020.01.740.0（1）实验时，用手__________拉动弹簧测力计，使挂在动滑轮下的钩码缓缓上升．（2）第①次实验时测得动滑轮的机械效率为__________．（3）第③次实验时，钩码上升的速度为0.05m/s，则拉力的功率为__________W．（4）由表中实验数据分析可知，同一动滑轮，所提升物重增大，机械效率将__________（选填“增大”、“减小”或“不变”）．\n21．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，如图所示，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块．请回答下列问题：（1）该实验的目的是研究__________（选填“铁球”或“木块”）的动能大小与__________的关系．（2）该实验是通过观察__________来说明铁球对木块做功的多少．（3）实验中，小球的高度越高，木块运动的距离越远，由此可得出的结论是__________．22．为了探究并联电路的电流规律，小薇设计了如图a所示的电路进行实验．（1）在连接电路时，开关应处于__________状态．（2）小薇先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，看到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是：__________．（3）排除故障后，她测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I1、I2和I，电流表示数如图中甲、乙、丙所示，可读出：I1=0.5A，I2=__________A，I=__________A．根据测量结果，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：__________（写出关系式即可）．（4）为了验证结论的普遍性，小薇可以采用的方法是：__________．（5）小敏连接了如图c的实物连接图，此时，电流表测的是__________（“L1”、“L2”、“干路”）的电流．若要测灯L2的电流，请你在图上只改动一根导线，完成电路的连接．（在需改动的导线上打“×”，再画出重新连接后的导线）\n2022-2022学年江苏省宿迁市泗阳县新阳中学九年级（上）期中物理模拟试卷一、选择题（本题共10小题，1-5每题1分，6-10每题2分，共15分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1．图中以科学家名字作为功能的单位的是()A．焦耳B．瓦特C．牛顿D．帕斯卡【考点】功．【专题】应用题；功、功率、机械效率．【分析】物理上，功和能的国际单位都是焦耳，简称焦，符号为J．【解答】解：A、焦耳是功或能的单位；故A正确；B、瓦特是功率的单位；故B错误；C、牛（N）是力的国际单位；故C错误；D、帕（Pa）是压强的国际单位；故D错误；故选A．【点评】物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆．2．如图所示的工具在正常使用中属于费力杠杆的一组是()\nA．羊角锤B．筷子C．超瓶器D．独轮车【考点】杠杆的分类．【专题】比较思想；模型法；简单机械．【分析】判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；C、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；D、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．故选B．【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．3．中学生小华在一次跳绳的体能测试中，1min内跳了120次，每次跳离地面的高度约为5cm，则他跳绳时的功率最接近()A．5WB．50WC．500WD．5000W【考点】功率的计算．【专题】功、功率、机械效率．【分析】中学生的体重在500N左右，已知体重和每次跳起的高度，可以得到跳起一次做的功；已知一次做的功和跳绳次数，可以得到此过程做的功；已知做功多少和所用时间，利用公式P=得到跳绳的功率．【解答】解：小华一次跳绳做的功为W0=Gh=500N×0.05m=25J，小华1min跳绳做的功为W=120W0=120×25J=3000J，\n小华跳绳的功率为P===50W．故选B．【点评】此题考查的是功和功率的计算，对小华的体重做一个合理的赋值，是解决此题的关键．4．起重机的钢绳将500牛顿的物体匀速提高6米后，又水平匀速移动4米，钢绳对物体所做的功为()A．3000焦耳B．5000焦耳C．2000焦耳D．1000焦耳【考点】功的计算．【专题】计算题．【分析】由题知物体在上升过程中，起重机的钢绳对它所做的功W=FS=Gh，而物体在水平移动的过程中，起重机的钢绳对它不做功，所以钢绳对物体所做的功等于物体在上升过程中，钢绳对物体所做的功．求出即可．【解答】解：起重机的钢绳将物体匀速提高过程中对物体做功，而水平匀速移动钢绳对物体不做功，所以根据W=FS=Gh=500N×6m=3000J故选A．【点评】考查学生分析问题解决问题的能力，以及利用功公式运算的能力．5．如图所示，小朋友沿着滑梯匀速下滑的过程中，下列说法正确的是()A．他受到的重力不做功B．他的重力势能减少C．他的动能增加D．他的机械能不变【考点】力是否做功的判断；动能和势能的转化与守恒．【专题】运动和力；功和能综合题．【分析】做功的条件是：作用在物体上有力，且沿力的方向有一段距离；动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；下滑时，克服摩擦做功，机械能转化为内能．【解答】解：小朋友沿着滑梯匀速下滑的过程中，由于重力方向是竖直向下的，且沿重力的方向有一段距离，故重力做了功，故A错误；小朋友匀速下滑，重力势能减小，动能不变，故B正确，C错误；克服摩擦力做功，内能增加，重力势能转化为内能，机械能减小，D错误；故选B．【点评】知道并理解做功的条件是解决该题的关键．分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量．\n6．如图所示，“套圈”出手后，从a点到c点的过程中（不计空气阻力），下列说法正确的是()A．“套圈”由a到b过程中，动能逐渐增大B．“套圈”在b点的机械能大于a点的机械能C．“套圈”由b到c过程中，机械能逐渐变小D．“套圈”由a到b再到c过程中，重力势能先变大后变小【考点】动能和势能的大小变化；机械能．【专题】应用题；压轴题．【分析】根据影响动能和重力势能大小的因素来分析动能和重力势能的变化．【解答】解：“套圈”由a到b过程中，“套圈”所处的高度增加，但它的速度减小，所以它的重力势能增加，动能减小；“套圈”由b到c过程中，“套圈”所处的高度降低，但它的速度变大，所以它的重力势能减少，动能增加．故A不符合题意，D符合题意．因为在整个过程中不计空气阻力，所以“套圈”在任何一点的机械能守恒，故B、C不符合题意．故选D．【点评】物体在自由上升和下落的过程中能量的转化是有规律可循的：①上升：动能转化为重力势能；②下降：重力势能转化为动能．7．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是()A．物体的温度越高，所含的热量越多B．0℃的冰没有内能C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高D．对物体做功，物体的温度一定升高【考点】温度、热量与内能的关系．【分析】A、物体温度越高，内能越大，热量不能说含有；B、任何温度下的物体都具有内能；C、当晶体熔化时，吸收热量，但温度不变；D、对物体做功时，温度可以不变．【解答】解：A、物体的温度越高，内能越大，内能是状态量，而热量是过程量，不是状态量，故A错误；B、0℃的冰也具有内能，故B错误；C、物体吸收热量，温度可以不升高，例如晶体熔化时，故C正确；D、两块0°的冰相互摩擦做功，熔化了，但温度却不变，故D错误．故选：C．【点评】本题考查了热量、内能、温度的关系．物体的温度升高，内能增大，而改变内能的方式可以是热传递，也可以是做功．\n8．冰在熔化的过程中，下列判断正确的是()A．比热容改变，内能增加，温度不变B．比热容改变，内能和温度不变C．比热容、内能和温度都增加D．比热容、内能和温度都不变【考点】比热容的概念；物体内能的改变．【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值．【分析】冰在熔化过程温度不变，但需要继续吸热，所以内能增加，水的比热容比冰的比热容大，所以比热容变化．【解答】解：冰在熔化过程中，吸收热量，而温度保持不变，但内能在增加，由于比热容与物质的种类和物质所处的状态有关，当冰熔化成水后，比热容变大；故选A．【点评】解决此类问题要知道熔化过程的特点及不同物质比热容不同．9．点火爆炸实验中，电子式火花发生器点燃盒中酒精蒸气，产生的燃气将塑料盒盖喷出很远．此过程的能量转化方式类似于汽油机的()A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程【考点】物体内能的改变；内燃机的四个冲程．【专题】比热容、热机、热值．【分析】热机是燃料在气缸内燃烧，产生高温高压的燃气，燃气对活塞做功，内能转化为机械能．【解答】解：塑料盒相当于一个气缸，塑料盒的盖相当于活塞，酒精在塑料盒内燃烧，产生高温高压的燃气，推动塑料盒盖运动，把内能转化为机械能，这一过程与热机工作时的做功冲程类似．故选C．【点评】本题主要考查学生对：改变物体内能的方法，以及内燃机的原理的了解和掌握．10．击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路导通，乙方指示灯L乙亮，同理，乙方剑击中甲方，灯L甲亮．下面能反映这种原理的电路是()A．B．C．D．【考点】串、并联电路的设计．【专题】电流和电路．\n【分析】当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时，乙方指示灯亮，而甲方指示灯不会亮；同理，当乙方运动员的剑击中甲方的导电服时，甲方指示灯亮，而乙方指示灯不会亮，由此可知这两盏灯的连接方式为并联，且S甲与乙方的灯串联，S乙与甲方的灯串联．【解答】解：因为甲方指示灯和乙方指示灯可以单独工作，并且互不影响，因此甲、乙指示灯为并联连接；根据题意可知，甲方开关控制乙方指示灯的工作；乙方开关控制甲方指示灯的工作；因此D选项电路符合要求．故选D．【点评】本题考查串并联电路的特点，会根据用电器的工作情况确定用电器的连接方式，并会根据题意确定开关的位置是解决本题的关键．二、填空题（每空1分，共15分）11．人们常用水给汽车发动机降温，这是因为水的比热容较大，在相同条件下水能带走较多的热量，这个过程是通过热传递的方式使水的温度升高．【考点】水的比热容的特点及应用；热传递改变物体内能．【专题】应用题．【分析】（1）单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为该物质的比热容，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递，在热传递的过程中，高温物体或物体的高温部分，内能减小，温度降低；低温物体或物体的低温部分，内能增大，温度升高．【解答】解：（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以常用水给汽车发动机降温；（2）在该过程中，发动机放出热量、温度降低，水吸收热量、温度升高，发生了热传递．故答案为：比热容；热传递．【点评】本题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用、改变物体内能的方法的了解和掌握，应用好“物体的m、△t相同时，c大的Q大”是本题的关键．12．如图所示是我国第一艘航母“辽宁舰”，其正常行驶的功率约为1.5×108瓦，正常行驶1分钟做的功是9×109J，辽宁舰舰载战斗机将配备歼﹣15机群，当战斗机从甲板上加速升空时，战斗机的动能增大（选填“增大”、“减小”或者“不变”下同），重力势能增大，机械能增大．【考点】功的计算；动能的影响因素；势能的影响因素．【专题】功、功率、机械效率；机械能及其转化．【分析】（1）知道航母航行的功率和时间，利用W=Pt求正常行驶1分钟做的功；（2）重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度．质量一定，所处的位置越高，重力势能越大．动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度．质量一定，速度越大，动能越大．\n机械能=势能+动能．据此分析判断．【解答】解：（1）∵P=，∴航母正常行驶1分钟做的功：W=Pt=1.5×108W×60s=9×109J；（2）战斗机从甲板上加速升空时，①质量不变、速度增大，动能增大；②质量不变、高度增大，重力势能增大．③机械能=势能+动能，动能增大、重力势能增大，所以机械能增大．故答案为：9×109；增大；增大；增大．【点评】第一问，要求灵活运用功率公式；第二问，掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，会正确判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化．注意物体不发生弹性形变时不考虑弹性势能．13．如图为宾馆房间取电房卡．将房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用．房卡的作用相当于电路元件中的开关，房间里的电视机与电灯在电路中是并联的．【考点】电路的组成．【专题】电流和电路．【分析】（1）开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；（2）串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响．【解答】解：（1）房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的开关；（2）房间里的电视机和电灯工作时互不影响，所以是并联的．故答案为：开关；并．【点评】此题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点，联系生活实际会辨认，会解释．14．某品牌汽车在高速公路上以110km/h的速度行驶了百公里，消耗汽油的质量为6kg，汽油的热值4.6×107J/kg，则完全燃烧这些汽油所放出的热量为2.76×108J，若此时汽油机曲轴的转速为3600r/min，则汽油机每秒内完成120个冲程，对外做功30次．【考点】热量的计算；有关热机的计算．【专题】计算题；比热容、热机、热值．【分析】（1）知道汽油的质量和热值，利用燃料完全放热公式Q放=mq求汽油完全燃烧产生的热量．\n（2）知道汽油机的转速，而汽油机完成一个工作循环，经过四个冲程，燃气对外做功一次，活塞往复两次，飞轮转动两周．【解答】解：（1）汽油完全燃烧产生的热量：Q放=mq=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J；（2）四冲程汽油机的飞轮转速是3600r/min=60r/s，也就是1s飞轮转动60r，∵完成一个工作循环，经过四个冲程，燃气对外做功一次，∴汽油机每秒内完成120个冲程，对外做功30次．故答案为：2.76×108；120；30．【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式、内燃机的工作特点的了解与掌握，难点是明白内燃机一个工作循环，经历四个冲程，燃气对外做功一次，活塞往返两次，曲轴转动两周．15．如图所示的电路中，只要灯L1发光，应只闭合开关S1；要使灯L1、L2串联，应闭合开关S2；要使灯L1、L2并联，应闭合开关S1、S3；若闭合开关S1、S2、S3，就会造成电源短路．【考点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别．【专题】应用题．【分析】本题主要考查对串联、并联电路的了解：串联电路中各用电器首尾相接，只有一条电流的流通路径；并联电路中各用电器并列连接，电流有多条流通路径．【解答】解：如图所示：当闭合开关s1，断开开关s3、s2，灯L2处于开路状态，灯泡L1发光；当闭合s2，断开开关s3、s1，灯L1、L2首尾相连组成串联电路；当闭合开关s1、s3，断开开关s2，灯L1、L2并列连接组成并联电路；当开关s1、s2、s3同时闭合，会造成电源短路，烧毁电源．故答案为：s1；s2；s1、s3；s1、s2、s3．【点评】在分析判断时可从电源的正极开始，依据串并联电路的连接特点，按照电流的流向逐步尝试、分析．三、作图题（第16题每小题4分，第17题2分，共6分）16．（1）用道钉撬来撬铁路枕木上的道钉，O是支点，在图1中作出它的动力臂和阻力臂．（2）人站在地上提升重物，利用图2中的定滑轮和动滑轮绕制滑轮组，要求能够改变用力的方向．\n【考点】力臂的画法；滑轮组的设计与组装．【专题】简单机械．【分析】（1）要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离．由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂．（2）滑轮组设计原则可归纳为：奇动偶定；一动配一定，偶数减一定，变向加一定．【解答】解：（1）延长力F1的作用线，由支点O分别向力的作用线做垂线，垂线段的长度就是力臂L1和L2．如图所示：（2）要改变用力的方向，则向下用力，应从定滑轮开始绕．如图所示：【点评】（1）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．（2）省力多少和绳子的绕法，决定滑轮组的使用效果，要改变力的方向则应从定滑轮开始绕线．17．请根据图1中的实物图，在图2框内画出相应的电路图．【考点】根据实物图画电路图．【专题】作图题；电流和电路．【分析】先分析电路的连接方式，然后根据实物图画出对应的电路图．\n【解答】解：根据实物图可知，两灯泡并联，电流表与灯泡L2串联，开关控制整个电路，电路图如下图所示：【点评】本题考查了根据实物电路图作实验电路图的问题，分析清楚电路结构、明确各电路元件的连接方式，是正确解题的前提与关键．四、计算题（每题4分，合计8分）18．利用如图所示的滑轮组把重480N的物体提高10m，已知滑轮组的机械效率是80%（不计绳重和摩擦），求：（1）有用功、所用拉力和动滑轮的重量；（2）用此滑轮组吊起600N的物体，滑轮组的机械效率又是多大？【考点】滑轮（组）的机械效率；动滑轮及其工作特点；有用功和额外功．【专题】计算题．【分析】从图中读出滑轮组承担物重的绳子段数n，s=nh；（1）知道物重和提升的高度，利用W=Gh求有用功；知道物重和滑轮组的机械效率，利用η===求拉力大小；不计绳重和摩擦，利用F=（G物+G动）求动滑轮的重；（2）求出了动滑轮的重，再利用F=（G物+G动）求将重G′=600N的物体吊起用的拉力，最后利用η===求此时的机械效率．【解答】解：（1）滑轮组所做的有用功：W有=Gh=480N×10m=4800J；由图知，n=3，∵η===，\n∴F===200N；∵不计绳重和摩擦，∴F拉=，即：200N=，则G动=120N；（2）提升G′=600N的重物时，F拉′===240N，η′====≈83.3%．答：（1）提升重物时做的有用功为4800J；拉力为200N；动滑轮的重为120N；（3）用此滑轮组匀速吊起重为600N的物体时，滑轮组的机械效率是83.3%．【点评】本题考查了机械效率的计算，利用好绳子的重力和摩擦力不计时拉力F拉=和推导公式η===是本题的关键．19．用燃气灶烧水，燃烧2kg的煤气，使200kg的水从20℃升高到70℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg．求：（1）2kg煤气完全燃烧放出的热量．（2）水吸收的热量．（3）燃气灶烧水的效率．【考点】燃料的热值；能量利用效率；热量的计算．【专题】比热容、热机、热值．【分析】（1）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放=mq计算煤气完全燃烧放出的热量；（2）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；（3）水吸收的热量是有用的能量，煤气完全燃烧放出的热量为总能量，利用效率公式求燃气灶烧水的效率．【解答】解：（1）2kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=2kg×4.2×107J/kg=8.4×107J；（2）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×200kg×（70℃﹣20℃）=4.2×107J；（3）燃气灶烧水的效率：η=×100%=×100%=50%．答：（1）0.2kg煤气完全燃烧放出的热量为8.4×107J；（2）水吸收的热量为4.2×107J；\n（3）燃气灶烧水的效率为50%．【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大．五、实验题（第20题4分，第21题4分，第22题8分，合计16分）20．在“测定动滑轮机械效率”的实验中，小明用如图所示的动滑轮提升钩码，改变钩码的数量，正确操作，实验数据如下：实验序号钩码重钩码上升高度h/cm拉力F/N绳端移动的距离s/cm①1.020.00.740.0②2.020.01.240.0③3.020.01.740.0（1）实验时，用手竖直匀速拉动弹簧测力计，使挂在动滑轮下的钩码缓缓上升．（2）第①次实验时测得动滑轮的机械效率为71.4%．（3）第③次实验时，钩码上升的速度为0.05m/s，则拉力的功率为0.17W．（4）由表中实验数据分析可知，同一动滑轮，所提升物重增大，机械效率将增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）．【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）在实验中，为了正确测出拉力的大小，应拉动弹簧测力计匀速上升．（2）根据表中实验数据，应用效率公式求出动滑轮的效率．（3）拉力的功率即总功的功率，根据承担物重的绳子段数得出拉力的速度，根据公式P===Fv计算拉力的功率；（4）由表中实验数据分析，机械效率的变化和物重变化的关系．【解答】解：（1）在实验时，应用手匀速拉动弹簧测力计，使挂在动滑轮下的钩码缓缓上升．（2）由表中实验数据可知，第①次实验测得动滑轮的机械效率η1=×100%=×100%≈71.4%；（3）动滑轮承重绳子股数n=2，拉力的速度v=nv钩码=2×0.05m/s=0.1m/s，第③次实验时拉力的功率：P=Fv=1.7N×0.1m/s=0.17W；（4）根据表格中数据可知，动滑轮效率：\nη2=×100%=×100%≈83.3%η3=×100%=×100%≈88.2%根据三次的机械效率及物重的变化可得同一动滑轮，所提升物重增大，机械效率将增大．故答案为：（1）匀速；（2）71.4%；（3）0.17；（4）增大．【点评】此题是测量滑轮组的机械效率，首先要熟练掌握机械效率的公式，会利用公式进行计算；同时考查了影响机械效率大小的因素及有关功率的计算，注意公式的推导．21．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，如图所示，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块．请回答下列问题：（1）该实验的目的是研究铁球（选填“铁球”或“木块”）的动能大小与速度的关系．（2）该实验是通过观察木块被铁球推动的距离来说明铁球对木块做功的多少．（3）实验中，小球的高度越高，木块运动的距离越远，由此可得出的结论是质量一定，速度越大，动能越大．【考点】探究影响物体动能大小的因素．【专题】实验探究题；探究型实验综合题．【分析】（1）物体的动能与物体的质量和速度有关，在探究过程中需用控制变量法，根据已知条件判断出控制的变量，便可得出探究的因素；（2）掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；（3）为使铁球到达水平面的速度不同，让其从斜面的不同高度处滚下，观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；【解答】解：（1）由题意知，同一铁球的质量相同，从不同的高度滚下时，到达水平面的速度不同，可以探究铁球动能大小与物体速度的关系；（2）实验中通过木块被铁球推动的距离来比较动能的大小，运用了转换法的思想；（3）实验中铁球从同一斜面的不同高度由静止释放，为的是使小球到达水平面获得不同的速度，小球的高度越高，木块运动的距离越远，由此可得出的结论是质量一定，速度越大，动能越大；故答案为：（1）铁球；速度；（2）木块被铁球推动的距离；（3）质量一定，速度越大，动能越大．【点评】此题是探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，考查了控制变量法及转换法在实验中的应用，属于比较典型的题目．22．为了探究并联电路的电流规律，小薇设计了如图a所示的电路进行实验．\n（1）在连接电路时，开关应处于断开状态．（2）小薇先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，看到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是：L1断路或电流表开路．（3）排除故障后，她测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I1、I2和I，电流表示数如图中甲、乙、丙所示，可读出：I1=0.5A，I2=0.52A，I=1A．根据测量结果，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：I=I1+I2（写出关系式即可）．（4）为了验证结论的普遍性，小薇可以采用的方法是：换不同规格的灯泡，继续做几次实验．（5）小敏连接了如图c的实物连接图，此时，电流表测的是干路（“L1”、“L2”、“干路”）的电流．若要测灯L2的电流，请你在图上只改动一根导线，完成电路的连接．（在需改动的导线上打“×”，再画出重新连接后的导线）【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．【专题】探究题．【分析】（1）在连接电路时为了保护电源和用电器，开关都应是断开的；（2）根据并联电路特点独立工作、互不影响可知，灯L2发光说明灯L1支路不可能短路，结合电流表的示数为0可知L1支路断路；（3）根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，然后对数据进行分析即可得出结论．（4）为了验证结论的普遍性，应从改变电路中的电流来入手，得出除了更换不同灯泡之外，能改变电路中电流的方法即可得出答案；（5）根据电流的流向确定电流表测量的电路；电流表与被测用电器串联．【解答】解：（1）为了保护电器，连接电路之前，开关应该是断开的．（2）灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，说明L1支路不可能短路，只能是断路，即电路可能存在的故障是L1或电流表开路．（3）甲和乙电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以I1=0.5A、I2=0.52A；丙电流表的量程为0～3A，分度值0.1A，所以I=1A；在误差范围内I=I1+I2．（4）为了验证结论的普遍性，换不同规格的灯泡，继续做几次实验．（5）从实物图中可以看出，电流从正极流出，经过开关、电流表进行分支，分别经过两个灯泡回到电源负极，因此电流表测量干路电流；将L1与电流表负接线柱相连的一端改接电流表的0.6A的接线柱．如图所示：\n故答案为：（1）断开；（2）L1断路或电流表开路；（3）0.52；1；I=I1+I2；（4）换不同规格的灯泡，继续做几次实验；（5）干路．【点评】本题考查了电路故障的判断、电流表的读数电路连接等知识，关键是能在误差允许范围内得出并联电路中干路电流和各支路电流的关系，通过此题加强了学生实验分析试验探究能力．
