2022-2022学年江苏省泰州二中附中九年级（上）期中物理试卷一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意.每题2分，共24分）1．“给我一个支点和一根足够长的棍，我就能撬起整个地球．”如图所示，生产和生活中的杠杆与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是()A．啤酒扳手B．天平C．镊子D．筷子2．一个足球运动员用100N的力踢一个重为5N的足球，球离脚后在水平草地上向前滚动了30m．在球滚动的过程中，运动员对足球做的功为()A．0B．150JC．500JD．3000J3．如图所示，它反映了我国近年在航空航天领域的巨大成果，在这些图片反映的物理过程中，机械能增大的是()A．大飞机沿水平方向匀速直线飞行B．卫星绕地飞行C．飞船返回舱进入大气层D．火箭点火升空30\n4．如图所示，物体G在竖直向上的拉力F的作用下，匀速上升0.2m．已知G=18N，F=10N．这一过程中，不能得到的结论是()A．绳子自由端上升0.4mB．拉力F做功4JC．动滑轮重为2ND．该动滑轮的机械效率为90%5．如图所示的是运动员在铅球比赛中的场景．铅球离手后，在空中飞行过程中动能EK随时间t变化的曲线最接近的是()A．B．C．D．6．《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内外观众领略了中华饮食之美．如图所示，通过煎、炒、蒸、拌烹调的四种美食中所包含的物理知识，认识正确的是()A．煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大B．炒：主要是通过做功的方式使藜蒿和腊肉的内能增加C．蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟D．拌：香葱和豆腐要拌着才能入味，说明分子没有做无规则运动7．小明房间门口装有开关S1，床头装有开关S2，这两个开关都能单独控制房间里的吊灯．以下电路图能符合这一要求的是()30\nA．B．C．D．8．如图所示的导体，A端粗，B端细，则电流流过它时，下列说法中正确的是()A．从A到B，电流大小不变B．从B到A，电流逐渐减小C．从A到B，电流逐渐增大D．无法比较AB两端电流的大小9．下列物品中，通常情况下属于绝缘体的是()A．铅笔芯B．塑料尺C．铁钉D．人体10．下面有关比热容的说法中，正确的是()A．夏天在河边游玩感觉河水凉，但河边的岩石却很烫，原因是水的比热容比岩石小B．汽车发动机用水来冷却，是因为水具有较大的比热容C．比热容是物质的一种特性，只与物质的质量有关D．铜的比热容比铝小，所以在吸收相同的热量后铜升高的温度一定比铝高11．如图是杂技演员演出时的过程示意图．男演员从甲处用力向上起跳，落下后踩在翘翘板的a端，能把站在b端的女演员弹上乙处．由于存在阻力，则下列说法正确的是()A．男演员的质量必须要大于女演员的质量B．甲处男演员的势能一定要大于乙处女演员的势能C．女演员弹起时的动能与她站在乙处时的机械能相等D．男演员离开跳台时的机械能一定大于乙处女演员的势能12．如图所示的电路，闭合开关，小灯泡正常发光；断开开关，将小灯泡和电流表位置互换后，重新闭合开关，则()30\nA．小灯泡不发光，电压表没有示数B．小灯泡不发光，电流表没有示数C．小灯泡正常发光，电压表没有示数D．小灯泡正常发光，电流表没有示数二、填空题（每空1分，共29分）13．如图所示，用固定在墙上的三角支架ABC放置空调室外机．如果A处螺钉松脱，则支架会绕__________点倾翻．已知AB长40cm，AC长30cm．室外机的重力为300N，正好处在AB中点处，则A处螺钉的水平拉力为__________N（支架重力不计）．为了安全，室外机的位置应尽量__________（选填“靠近”或“远离”）墙壁．14．如图所示为农用扬场机的示意图．谷物脱粒后，谷粒、糠皮及少量碎石的混合物在快速转动的轮缘和皮带的带动下被抛出，谷粒、糠皮、碎石落地的远近不同，从而形成1、2、3三堆，达到分离的目的．其中1是__________．从能量的角度看，它们在运动过程中能够分离，是因为抛出时__________（选填“动能”或“势能”）不同的缘故．15．如图展示火箭发射升空时，热机中的燃料燃烧时将__________能转化为__________，火箭加注的燃料是氢，这是因为氢气的__________大．16．1791年，意大利人伏打发明了最早的电池﹣﹣伏打电堆，小明仿造了一个伏打电堆，并用电压表测量其电压，如图所示．此电池的正极是__________（选填“锌板”或“银板”），需要__________节这样的电堆串联才能达到一节干电池的电压．30\n17．如图所示的电路中，开关S闭合后，通过灯L1、L2的电流之比为2：3，电流表A1与A2的示数之比为__________；灯L1两端电压和灯L2两端电压是__________（选填“L1”、“L2”或“一样”）大．18．小明做了一个“魔罐”玩具，如图所示，在金属罐的盖子和罐底各开两个小孔，用细线将一个钩码系在橡皮筋的中部，然后将橡皮筋穿过盖子和罐底的小孔并固定起来．他将“魔罐”在水平桌面上向前滚出后将看到的现象是__________．你对此现象的解释是__________能转化为__________能．制作时橡皮筋的张紧度要适当，皮筋张得过松会导致__________．19．如图所示的是四冲程汽油机的__________冲程．20．如图甲所示装置，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速下压，看到现象是__________，此实验得到的结论是：对__________（选填“硝化棉”或“筒内气体”）做功，它的内能会增加．实验中如果不放入棉絮，则该结论__________（选填“成立”或“不成立”）；图中__________（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验过程中能量的转化是一致的．如果该汽油机飞轮转速是1200r/min，则它每秒钟对外做功__________次、完成__________次冲程，若每次做功为500J，则汽油机的功率为__________W；在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过__________的方式减少汽缸内能，这种改变内能方式的实质是__________．30\n21．小灯泡的结构如图甲所示，按图乙中__________图连接能让完好的灯泡点亮．在“怎样两个小灯泡都亮起来”的活动中，小明采用如图丙所示的方法连接，结果两个灯泡都亮了．这时，灯的连接方式是__________．我们家里电灯的灯丝烧断后，电视机__________（填“能”或“不能”）工作．三、解答题（本题有7小题，共47分.解答23、24题时应写出解题过程）22．（1）如图甲所示，在杠杆上的A点挂一个重物，在C点对杠杆施加一个最小的力，使杠杆平衡在图中所示的位置．试画出这个力的示意图．（2）如图乙所示，试在两个“○”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使两灯组成并联电路．（3）请你仔细观察如图丙所示实物电路，只改动一根导线的一端，使实物电路成为串联电路．（要求在被改动的导线上画“×”然后画出改动的导线）23．某家庭需要将60kg、20℃的水加热到70℃作为生活用水，他们利用煤气灶烧热水时，需要燃烧0.9kg的煤气．己知煤气的热值q=4.2×107J/kg，水的比热容为C=4.2×103J/（kg•℃）．求：（1）把60kg、20℃的水加热到70℃需吸收的热量；（2）0.9kg的煤气完全燃烧时放出的热量；（3）煤气灶烧水的效率．24．如图甲所示，滑轮组在竖直向上的拉力F作用下，将重为120N的物体匀速提起，在4s时间内绳子自由端移动的距离为s=3m．图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图．（1）计算物体上升的速度．（2）图乙中阴影部分的面积表示的物理量是__________，并列式计算出该物理量．（3）计算滑轮组提升该重物时的机械效率．30\n25．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在__________位置平衡，这样做是为了__________；如发现杠杆左端偏高，则可将右端的平衡螺母向__________调节；挂上钩码后再调节钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡，目的是__________．实验中多次测量的目的是__________．通过探究得到杠杆的平衡条件是__________．26．下面是某同学为探究动能大小与哪些因素有关，所做的实验：（1）本实验的研究对象是__________．（选填“小车”或“木块”）（2）如图将同一小车从斜面不同高度静止滚下，从不同高处静止释放的目的是__________（3）从能量转化的角度解释为什么同一小车在斜面上放置的位置越高，小车到达水平时的动能就越大？__________．（4）木块被碰撞后，最终停止在木板的右端．该过程中，碰撞后木块获得的动能__________木块克服摩擦力做功．（填“大于”，“小于“或者”等于”）（5）如图甲、乙两次实验木块移动过程中受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则__________（填序号）．①f甲＞f乙②f甲＜f乙③f甲=f乙（6）这个实验中，利用木块被推出的距离来比较小车的动能大小．下列实例中与此实验方法相同的有__________．（填编号）①认识电流大小时，用水流进行类比．②用红墨水在水中的扩散现象来认识分子是运动的③研究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，应控制接触面粗糙程度相同．27．小辉和小明学习了燃料的热值后，他们一起设计了一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系．他们组装了如图所示的装置进行实验，记录结果见下表：燃料加热前的水温/℃燃料燃尽后水温/℃煤油2544菜籽油2534（1）为了保证实验结论的可靠性，小明和小辉选择了两套完全相同的装置，并且使两种油和两杯水的质量相同，但对于两杯水的初温他们的看法却不同．请将下列他们的想法补充完整．30\n①小辉认为实验中是直接用__________来表示煤油和菜籽油放出热量的多少．所以，实验中两杯水的初温可以不同．②小明认为因为探究过程中他们采用了控制变量法，所以只有燃料的__________不同，其他因素都必须控制相同．如果两杯水的初温不同，那么水的蒸发快慢以及水与周围环境的温差都不相同，于是两杯水热量损失就不相同，就有可能会出现燃料燃烧放出的热量多，而水吸收的热量少、水温变化低的情况．所以，实验时必须控制水的初温相同．③你认为__________（选填“小明”或“小辉”）的想法更合理．（2）根据他们的实验记录，你认为煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大是__________．（3）小明和小辉在实验前用天平分别测出了烧杯中水的质量以及燃油的质量．并由记录的数据计算出了水吸收的热量．小辉他想通过这些数据计算出煤油和菜籽油的热值．你认为他的计算结果是__________（选填“可靠”或“不可靠”）的．理由是__________．28．小明和小华在“测滑轮组机械效率”的实验中，一起组装好如图所示的实验装置，他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置．（1）小红应该__________拉动弹簧测力计，使钩码升高，并由弹簧测力计读出拉力为2N，同时小华用刻度尺测出钩码提升的高度为0.1m，以上测量准确无误，其他被测物理量和计算的数据如下表：钩码重（N）弹簧测力计提升的高度（m）有用功（J）总功（J）机械效率40.20.40.4100%（2）小明和小红测得滑轮组的机械效率为100%，他们意识到出现了错误，请你帮助找出原因__________．（3）该滑轮组的机械效率实际为__________（4）若提升的钩码重增加到6N，则该滑轮组的机械效率将__________（选填“变大”、“变小”或“不变”），要提高改滑轮组的机械效率还可以__________．29．实验小组用如图1所示的电路来探究并联电路中电流的关系．（1）实验时，接好电路后，闭合开关发现两灯都亮．但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小明的方法是__________的（“正确”或“错误”），理由是__________．（2）小组同学按图1接好电路，图2中是测C处电流时出现的情况，此现象说明__________；图3是该同学连接的并联电路的局部实物图．正确测量完干路C处电流之后，某同学想只改动一根线测量通过L1的电流．请你在图中改动的线上画“×”，并补画上改动后的导线．30\n（3）电流表分别接入到图1中的A、B、C三处，测出第一组数据；为了防止偶然因素的影响，他们采用以下两种方法之一来重复实验，并完成第二次和第三次测量．方法一：改变电源电压；方法二：改变其中一条支路的灯泡规格．A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A第一次测量0.100.120.22第二次测量0.100.240.34第三次测量0.100.300.40通过对上面数据的分析，后面两次实验是采用方法__________（选填“一”或“二”）进行的，可以得出结论：__________．30\n2022-2022学年江苏省泰州二中附中九年级（上）期中物理试卷一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意.每题2分，共24分）1．“给我一个支点和一根足够长的棍，我就能撬起整个地球．”如图所示，生产和生活中的杠杆与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是()A．啤酒扳手B．天平C．镊子D．筷子【考点】杠杆的分类．【专题】简单机械．【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：阿基米德设想的杠杆属于省力杠杆．A、啤酒扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、筷子竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．故选A．【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．2．一个足球运动员用100N的力踢一个重为5N的足球，球离脚后在水平草地上向前滚动了30m．在球滚动的过程中，运动员对足球做的功为()A．0B．150JC．500JD．3000J【考点】功的计算．【专题】应用题；功、功率、机械效率．【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可；据此分析判断．【解答】解：足球离开脚后，在水平草地上向前滚动的过程中，靠惯性运动，球脱离了脚，脚没有给球施加力，对球不做功，故A正确，B、C、D错误．故选A．30\n【点评】本题考查了做功的两个必要因素，抓住“球离脚后，脚、球之间没有力的作用”是本题的关键．3．如图所示，它反映了我国近年在航空航天领域的巨大成果，在这些图片反映的物理过程中，机械能增大的是()A．大飞机沿水平方向匀速直线飞行B．卫星绕地飞行C．飞船返回舱进入大气层D．火箭点火升空【考点】动能和势能的大小变化．【专题】应用题；机械能及其转化．【分析】动能和势能统称为机械能．动能与质量和速度有关，重力势能与高度和质量有关．我们可以从动能和重力势能的变化引起的机械能的变化方面考虑，也可以从其它形式的能和机械能之间的转化方面考虑．【解答】解：A、大飞机沿水平方向匀速直线飞行，其质量不变，速度不变，故动能不变，同时其高度不变，所以重力势能不变，故其机械能不变，故不符合题意；B、卫星绕地飞行时，其动能与势能相互转化，但其机械能守恒，机械能的总和不变，故不符合题意；C、飞船返回舱进入大气层时，其与空气摩擦，一部分机械能转化成了内能，故机械能减小，故不符合题意；D、火箭点火上升时，即做加速运动，故其质量不变，速度变大，动能变大；同时其高度增加，故重力势能增加，所以机械能变大，故符合题意；故选D．【点评】此题主要考查了机械能的知识，以及影响机械能大小的因素，要求能够从实际事例中分析机械能的变化．4．如图所示，物体G在竖直向上的拉力F的作用下，匀速上升0.2m．已知G=18N，F=10N．这一过程中，不能得到的结论是()30\nA．绳子自由端上升0.4mB．拉力F做功4JC．动滑轮重为2ND．该动滑轮的机械效率为90%【考点】动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率．【专题】功、功率、机械效率．【分析】由图示可知，承重绳子的有效股数n=2，由滑轮组公式、功的公式、效率公式分析答题．【解答】解：由图示可知，滑轮承重绳子的有效股数n=2，A、绳子自由端上升的高度s=nh=2×0.2m=0.4m，故A正确；B、拉力的功W=Fs=10N×0.4m=4J，故B正确；C、如果不考虑摩擦力，则F=，则G滑轮=nF﹣G=2×10N﹣18N=2N，实际上滑轮是存在摩擦的，因此滑轮的重力小于2N，故C错误；D、有用功W有=Gh=18N×0.2m=3.6J，滑轮的效率η=×100%=×100%=90%，故D正确；本题选择错误的，故选C．【点评】由图示求出绳子的有效股数，熟练应用滑轮组公式、功的公式、效率公式即可正确解题．5．如图所示的是运动员在铅球比赛中的场景．铅球离手后，在空中飞行过程中动能EK随时间t变化的曲线最接近的是()A．B．C．D．【考点】动能的影响因素；动能大小的比较．【专题】压轴题；控制变量法．【分析】动能大小的影响因素：质量和速度．质量一定时，速度增大，动能增大；速度一定时，质量增大，动能增大．【解答】30\n解：如图，铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零．从出手到最高点过程中速度减小，此过程动能减小；在下落的过程中，速度不断增大，到达地面最大，此过程动能增大．整个过程动能先减小再增大，故排除BD，处于最高点时竖直方向速度为0，但水平方向仍然有速度，因此动能不为0，故排除C．故选：A．【点评】掌握动能大小的影响因素，能通过图象判断动能的大小变化．6．《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内外观众领略了中华饮食之美．如图所示，通过煎、炒、蒸、拌烹调的四种美食中所包含的物理知识，认识正确的是()A．煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大B．炒：主要是通过做功的方式使藜蒿和腊肉的内能增加C．蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟D．拌：香葱和豆腐要拌着才能入味，说明分子没有做无规则运动【考点】物体内能的改变；液化及液化现象；物质的基本属性；分子的运动．【专题】汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能．【分析】（1）金属的物质，一般都具有良好的导热性；（2）改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（3）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热；（4）物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动．【解答】解：A、煎锅一般用铁制造，主要是利用铁具有良好的导热性，该选项说法不正确；B、炒主要是通过热传递的方式使藜蒿和腊肉的内能增加，该选项说不正确；C、蒸是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟，该选项说法正确；D、香葱和豆腐要拌着才能入味，说明了分子在做无规则运动，该选项说法不正确．故选C．【点评】本题以中华美食为背景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点．7．小明房间门口装有开关S1，床头装有开关S2，这两个开关都能单独控制房间里的吊灯．以下电路图能符合这一要求的是()A．B．C．D．【考点】电路图设计．【专题】压轴题；图析法．30\n【分析】根据选项逐一分析，找到符合“这两个开关都能单独控制房间里的吊灯”这一条件的选项．【解答】解：A、两开关串联，只有当两开关同时闭合时吊灯才发光，不符合题意；B、两开关并联，每一个开关都可以单独控制吊灯，但两者不能相互控制，不符合题意；C、S1和S2为单刀双掷开关，S1向右掷时灯泡不发光，S1向左掷时灯泡发光；S2向右掷时灯泡发光，S2向左掷时灯泡不发光，任意一个开关都可以开灯、关灯，符合题意；D、当两开关都向左时，会出现电源短路，不符合安全用电的原则，不符合题意．故选C．【点评】（1）注意题目要求，任意一个开关都能控制灯泡的亮灭，不是指两个开关并联；（2）弄清单刀双掷开关的使用，以及在电路中的连接方式，当闸刀掷向某个方向时，电路的连接情况．8．如图所示的导体，A端粗，B端细，则电流流过它时，下列说法中正确的是()A．从A到B，电流大小不变B．从B到A，电流逐渐减小C．从A到B，电流逐渐增大D．无法比较AB两端电流的大小【考点】电流的大小．【专题】电流和电路．【分析】（1）导体接在电路中，A端与B端是串联关系；（2）串联电路中电流处处相等．【解答】解：导体串联接在电路中，流过导体各处的电流相等，与导体各部分的粗细无关，电流从A到B大小不变．故选A．【点评】本题考查了串联电路的电流特点，是一道基础题；知道流过串联电路各电路元件的电流相等，电流的大小与导体的粗细无关，这是解题的关键．9．下列物品中，通常情况下属于绝缘体的是()A．铅笔芯B．塑料尺C．铁钉D．人体【考点】绝缘体．【专题】应用题；电流和电路．【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体．【解答】解：铅笔芯、铁钉、人体，都容易导电，属于导体；塑料尺不容易导电，属于绝缘体．故选B．【点评】本题考查了导体和绝缘体的概念．对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背．如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体．10．下面有关比热容的说法中，正确的是()30\nA．夏天在河边游玩感觉河水凉，但河边的岩石却很烫，原因是水的比热容比岩石小B．汽车发动机用水来冷却，是因为水具有较大的比热容C．比热容是物质的一种特性，只与物质的质量有关D．铜的比热容比铝小，所以在吸收相同的热量后铜升高的温度一定比铝高【考点】水的比热容的特点及应用．【专题】比热容、热机、热值．【分析】比热容是物质的一种特性，和物体吸收热量的多少、温度的高低、质量的大小都没有关系，与物质的种类、状态有关．但是物体吸收的热量可以通过Q=cm△t进行计算和判断它们之间的关系．【解答】解：A、因为水的比热容比岩石的大，相同质量的水和岩石比较，吸收相同的热量（都在太阳照射下），水的温度升高的少，河水是凉凉的，而岩石的温度升高的多，热得烫脚．故A错误；B、汽车发动机工作时产生大量热量，这些热量如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高．故B正确；C、比热容是物质的一种特性，和物体吸收热量的多少、温度的高低、质量的大小都没有关系；故C错误；D、根据Q=cm△t可知，物体温度的变化与吸收热量的多少、比热容的大小以及质量有关，因此只确定比热容、热量的关系，不确定质量关系时，无法比较铜与铝温度变化的高低，故D错误．故选B．【点评】本题考查了水的比热容较大的应用以及比热容的特点，知道在生活中的现象和应用，要求学生牢固掌握并会解释．11．如图是杂技演员演出时的过程示意图．男演员从甲处用力向上起跳，落下后踩在翘翘板的a端，能把站在b端的女演员弹上乙处．由于存在阻力，则下列说法正确的是()A．男演员的质量必须要大于女演员的质量B．甲处男演员的势能一定要大于乙处女演员的势能C．女演员弹起时的动能与她站在乙处时的机械能相等D．男演员离开跳台时的机械能一定大于乙处女演员的势能【考点】动能大小的比较；势能大小的比较．【专题】机械能及其转化．【分析】由于存在阻力，克服阻力做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，内能不断增大，所以男演员的机械能一定大于女演员的机械能．【解答】解：A、甲处的男演员要想把女演员弹起到乙处，由于乙处高于甲处，男演员的机械能一定大于女演员的机械能，男演员向上跳起，同时具有动能和重力势能，女演员到达乙处静止不动，只具有重力势能，所以男演员的质量不一定大于女演员质量．如果男演员自由下落时，男演员的质量一定大于女演员质量．不符合题意．30\nB、男演员向上跳起，同时具有动能和重力势能，女演员到达乙处静止不动，只具有重力势能，男演员的重力势能不一定大于女演员的重力势能．如果男演员自由下落时，男演员的重力势能一定大于女演员重力势能．不符合题意．C、女演员弹起时动能转化为重力势能，由于存在阻力，克服阻力做功，动能没有完全转化为重力势能，所以女演员弹起时的动能大于她站在乙处时的机械能．不符合题意．D、由于存在阻力，克服阻力做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，所以男演员离开跳台时的机械能一定大于乙处女演员的势能．符合题意．故选D．【点评】本题考查能量的相互转化，由于存在摩擦阻力，克服摩擦做功，整个过程中，机械能不断减小．12．如图所示的电路，闭合开关，小灯泡正常发光；断开开关，将小灯泡和电流表位置互换后，重新闭合开关，则()A．小灯泡不发光，电压表没有示数B．小灯泡不发光，电流表没有示数C．小灯泡正常发光，电压表没有示数D．小灯泡正常发光，电流表没有示数【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；定量思想；顺推法；欧姆定律；电路变化分析综合题．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路电流；若将小灯泡和电流表的位置互换，灯泡仍与滑动变阻器串联，电压表与电流表并联，根据串联电路特点分析答题．【解答】解：将小灯泡和电流表的位置互换后，灯泡仍与滑动变阻器串联，电源电压不变，电路电阻不变，由欧姆定律可知，电路电流不变，电流表示数不变，灯泡仍能发光，故ABD错误；原来电压表测灯泡两端电压，位置互换电压表测电流表两端电压，电流表相当于导线，电压表被短路，电压表示数变小，为零，故C正确．故选C．【点评】本题考查了学生分析电路图的能力，解题的关键是知道电流表在电路中的作用相当于导线．二、填空题（每空1分，共29分）13．如图所示，用固定在墙上的三角支架ABC放置空调室外机．如果A处螺钉松脱，则支架会绕C点倾翻．已知AB长40cm，AC长30cm．室外机的重力为300N，正好处在AB中点处，则A处螺钉的水平拉力为200N（支架重力不计）．为了安全，室外机的位置应尽量靠近（选填“靠近”或“远离”）墙壁．30\n【考点】杠杆的平衡条件．【专题】简单机械．【分析】根据杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力越小，力越小，空调越牢固，据此根据图示情景分析答题．【解答】解：用固定在墙上的三角支架ABC放置空调室外机．如果A处螺钉松脱，则支架会绕C点倾翻；C点是支点，空调的自身重力是阻力，在阻力与阻力臂一定的情况下，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，F×AC=G×AB；F×30cm=300N××40cm；所以F=200N；为了安全，室外机的位置应尽量靠近墙壁，以减小阻力臂，从而减小A处的拉力．故答案为：C；200；靠近．【点评】熟练应用杠杆平衡条件、掌握力臂的作法即可正确解题．14．如图所示为农用扬场机的示意图．谷物脱粒后，谷粒、糠皮及少量碎石的混合物在快速转动的轮缘和皮带的带动下被抛出，谷粒、糠皮、碎石落地的远近不同，从而形成1、2、3三堆，达到分离的目的．其中1是糠皮．从能量的角度看，它们在运动过程中能够分离，是因为抛出时动能（选填“动能”或“势能”）不同的缘故．【考点】与密度有关的物理现象；动能大小的比较．【专题】密度及其应用；机械能及其转化．【分析】谷粒和壳屑被扬向空中时的速度相同，由于密度不同造成质量不同，所以动能不同，动能大的就克服阻力运动的远，从而把它们分开．【解答】解：谷物脱粒后，谷粒、糠皮及少量碎石的混合物在快速转动的轮形和皮带的带动下被抛出，此时谷粒、糠皮及碎石的速度相同，由于碎石的质量最大，糠皮的质量最小，所以碎石的动能最大，克服阻力运动的最远，糠皮动能最小克服阻力运动最近，谷粒介于它两个之间，即抛出时动能不同的缘故．故答案为：糠皮；动能【点评】该题考查的是密度的应用和动能影响因素，虽说比较简单，但是城里的同学没见过，比较抽象，不好理解．15．如图展示火箭发射升空时，热机中的燃料燃烧时将化学能转化为内能，火箭加注的燃料是氢，这是因为氢气的热值大．30\n【考点】热机；燃料的热值．【专题】应用题；比热容、热机、热值．【分析】燃料燃烧的过程，是将化学能转化为内能的过程．内能可以用来做功，转化成机械能．氢的热值很大，完全燃烧相同质量的氢与其它燃料相比，放出的热量多．【解答】解：火箭发射升空时，热机中的燃料通过燃烧将化学能转化为燃气的内能；火箭中用氢做燃料是因为氢的热值大，完全燃烧相同质量的氢与其它燃料相比，放出的热量多．故答案为：化学；内能；热值．【点评】本题考查了能量的转化、热值特点的应用，对于实际问题，要了解具体情况后结合所学知识解答．16．1791年，意大利人伏打发明了最早的电池﹣﹣伏打电堆，小明仿造了一个伏打电堆，并用电压表测量其电压，如图所示．此电池的正极是银板（选填“锌板”或“银板”），需要3节这样的电堆串联才能达到一节干电池的电压．【考点】电压．【专题】电压和电阻．【分析】（1）电压表的使用之一是：正接线柱靠近电源的正极，负接线柱靠近电源的负极．（2）一节干电池的电压为1.5V．（3）对于电压表的读数，要看清所选的量程和分度值．【解答】解：（1）从图中可看出，银板接电压表的正接线柱，故银板为电源的正极．（2）图中电压表量程为0～3V，对应的分度值为0.1V，故电压表示数为0.5V；一节干电池的电压为1.5V，故需要3节这样的电堆串联使用．故答案为：银板；3．【点评】此题考查多个知识点，明确电压表的使用规则、读数方法，知道干电池电压，可解答．17．如图所示的电路中，开关S闭合后，通过灯L1、L2的电流之比为2：3，电流表A1与A2的示数之比为3：5；灯L1两端电压和灯L2两端电压是一样（选填“L1”、“L2”或“一样”）大．30\n【考点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．【专题】电流和电路；电压和电阻．【分析】并联电路中电流有两条或多条电流路径；根据电流的路径可以看出，该电路中两灯并联连接，电流表A2测量干路中的电流；电流表A1测量通过灯L2的电流；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；并联电路两端电压等于各支路两端电压．【解答】解：开关闭合后，电流从电源正极流出，通过电流表A2分为两路，然后又汇合共同流入负极，因此两灯并联连接；电流表A2测量干路中的电流；电流表A1测量通过灯L2的电流；当开关S闭合后，通过灯L1、L2的电流之比为2：3，再根据并联电路中干路电流等于各支路中的电流之和，故电流表A1与A2的示数之比为3：（2+3）=3：5．因为并联电路两端电压等于各支路两端电压，所以灯L1两端电压和灯L2两端电压相等．故答案为：3：5；一样．【点评】本题主要考查学生对并联电路中电流和电压的特点，以及电流表的使用的了解和掌握，是一道基础题．18．小明做了一个“魔罐”玩具，如图所示，在金属罐的盖子和罐底各开两个小孔，用细线将一个钩码系在橡皮筋的中部，然后将橡皮筋穿过盖子和罐底的小孔并固定起来．他将“魔罐”在水平桌面上向前滚出后将看到的现象是魔罐又滚了回来．你对此现象的解释是弹性势能转化为动能．制作时橡皮筋的张紧度要适当，皮筋张得过松会导致魔罐滚不回来．【考点】动能和势能的转化与守恒．【专题】机械能及其转化．【分析】从能量转化的角度，根据影响因素，通过比较铁罐的速度、橡皮筋的形变程度来判断铁罐的动能、弹性势能的变化可得出此题的答案．【解答】解：魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，动能转化为弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中弹性势能减小，动能增大，弹性势能转化为动能．制作时橡皮筋的张紧度要适当，皮筋张得过松会导致没有足够的弹性势能，魔罐将不能回转．故答案为：魔罐又滚了回来；弹性势，动；魔罐滚不回来．【点评】本题考查魔罐的机械能的转化，包含了动能和弹性势能的转化，应细化整个过程的分析．19．如图所示的是四冲程汽油机的压缩冲程．30\n【考点】内燃机的四个冲程．【专题】比热容、热机、热值．【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程，同时还可参考火花塞的状态进行判断．【解答】解：由图可知，火花塞没有点火和活塞向上移动、气门都关闭的特点，可以判断这个冲程是压缩冲程，此冲程是将机械能转化为内能．故答案为：压缩．【点评】本题考查了内燃机的四个冲程，要求学生对每个冲程的特点、能量转化等情况十分熟悉才能顺利解答．20．如图甲所示装置，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速下压，看到现象是硝化棉会燃烧，此实验得到的结论是：对筒内气体（选填“硝化棉”或“筒内气体”）做功，它的内能会增加．实验中如果不放入棉絮，则该结论成立（选填“成立”或“不成立”）；图中乙（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验过程中能量的转化是一致的．如果该汽油机飞轮转速是1200r/min，则它每秒钟对外做功10次、完成40次冲程，若每次做功为500J，则汽油机的功率为5000W；在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过热传递的方式减少汽缸内能，这种改变内能方式的实质是能量的转移．【考点】做功改变物体内能；有关热机的计算．【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值．【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；热传递是能量的转移过程，做功是能量的转化过程，两种方式是等效的；（2）汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；在做功冲程中，内能转化为机械能；（3）一个工作循环中，只有做功冲程对外做功，活塞往复运动2次，曲轴转动2周；（4）改变内能有两种方式：即做功和热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程．【解答】30\n解：（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，看到的现象是硝化棉燃烧起来；说明对筒内气体做功，使空气的内能增大，温度升高，压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能；实验中如果不放入棉絮，放入纸片，将活塞迅速向下压，虽然纸片没有燃烧，筒内气体内能仍增大，温度照样升高，能量转化是机械能转化为内能，所以关于压缩过程中的能量转化的结论成立的；（2）乙汽油机活塞上行，两个气门关闭，是压缩冲程，机械能转化为内能，与实验过程中的能量转化是一致的；丙汽油机两个气门关闭，活塞下行，是做功冲程；（3）飞轮转速为1200r/min=20r/s，也就是1s飞轮转动20r，完成40个冲程，对外做功10次；1min所做的功是：W=500J×10×60=300000J，故功率是：P===5000W；（4）汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，即通过水吸收热量而使得气缸温度降低，这一过程是能量的转移，即是通过热传递的方式改变内能的．故答案为：硝化棉会燃烧；筒内气体；成立；乙；10；40；5000；热传递；能量的转移．【点评】本题考查内燃机的组成以及内燃机工作时的四个冲程及改变内能的两种方式，并能利用水的比热容最大这一特性来解释现实问题．21．小灯泡的结构如图甲所示，按图乙中C图连接能让完好的灯泡点亮．在“怎样两个小灯泡都亮起来”的活动中，小明采用如图丙所示的方法连接，结果两个灯泡都亮了．这时，灯的连接方式是串联．我们家里电灯的灯丝烧断后，电视机能（填“能”或“不能”）工作．【考点】电路的基本连接方式．【专题】电流和电路．【分析】（1）用电器要工作，必须有一定的电流通过．灯丝的两端分别和金属螺纹壳、金属触头相连，当灯丝的两端与电源正负极构成通路时，灯泡发光．（2）串联电流中电流只有一条路径，并联电路中电流有两条或多条路径，根据电流路径确定电路的连接方式；（3）串联电路相互影响，不能独立工作，并联电路互不影响，能独立工作．【解答】解：（1）A、灯丝的一端与电源的正负极相连，灯泡没有接入电路，电路是短路．灯泡不发光．不符合题意；B、灯丝的一端和电源的正极相连，没有构成通路，灯泡不发光．不符合题意；C、灯丝的一端和电源的正极相连，灯丝的另一端和电源的负极相连，电路构成通路，灯泡发光．符合题意；D、灯丝的一端与电源的正负极相连，灯泡没有接入电路，电路是短路．灯泡不发光．不符合题意．（2）如图所示的方法连接，电流只有一条路径，故两灯的连接方式是串联；（3）因为家庭电路中，各用电器并联连接，并且并联电路中各用电器互不影响，因此，电灯的灯丝烧断后，电视机可以正常工作．故答案为：C；串联；能．【点评】本题考查了家用电器的连接方式和工作电压，难度不大，是一道基础题；知道家用电器可以独立工作，互不影响是正确判断电器连接方式的关键．30\n三、解答题（本题有7小题，共47分.解答23、24题时应写出解题过程）22．（1）如图甲所示，在杠杆上的A点挂一个重物，在C点对杠杆施加一个最小的力，使杠杆平衡在图中所示的位置．试画出这个力的示意图．（2）如图乙所示，试在两个“○”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使两灯组成并联电路．（3）请你仔细观察如图丙所示实物电路，只改动一根导线的一端，使实物电路成为串联电路．（要求在被改动的导线上画“×”然后画出改动的导线）【考点】杠杆中最小力的问题；实物的电路连接；电流表的使用；电压表的使用．【专题】作图题；比较思想；图像综合题．【分析】（1）根据杠杆平衡的条件可知，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长；（2）根据并联路的特点进行分析，使电流从电源正极流出时分为两路，分别进两个灯泡，故可判断出所填的元件．（3）各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，串联电路只有一条电流路径；分析图示电路图，然后根据题目要求修改电路图．【解答】解：（1）OC为最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，根据动力与垂直于力臂画出最小的动力；如下图所示：（2）电流从正极流出，分别流入两个灯泡，因此上面的应为电流表，右边的应为电压表，如下图所示：（3）由电路图可知，要使电路成为串联电路，只需把两灯泡间的连线右端改接在L2的右端即可；如下图所示：30\n【点评】（1）当杠杆平衡时，要使力最小，力臂要最长，最长力臂就是支点到作用点的距离．（2）解决本题的关键：一是会根据并联电路的特点设计串并联电路，二是会根据电表在电路中的作用选择电表的位置．（3）本题主要考查了对串联电路中各个元件连接特点的了解．23．某家庭需要将60kg、20℃的水加热到70℃作为生活用水，他们利用煤气灶烧热水时，需要燃烧0.9kg的煤气．己知煤气的热值q=4.2×107J/kg，水的比热容为C=4.2×103J/（kg•℃）．求：（1）把60kg、20℃的水加热到70℃需吸收的热量；（2）0.9kg的煤气完全燃烧时放出的热量；（3）煤气灶烧水的效率．【考点】热平衡方程的应用．【专题】比热容、热机、热值．【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放=mq计算煤气完全燃烧放出的热量；（3）水吸收的热量是有用的能量，煤气完全燃烧放出的热量为总能量，利用效率公式求燃气灶烧水的效率．【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×60kg×（70℃﹣20℃）=1.26×107J；（2）0.9kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=0.9kg×4.2×107J/kg=3.78×107J；（3）燃气灶烧水的效率：η=×100%=×100%≈33.3%．答：（1）水吸收的热量为1.26×107J；（2）0.9kg煤气完全燃烧放出的热量为3.78×107J；（3）燃气灶烧水的效率为33.3%．【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大．24．如图甲所示，滑轮组在竖直向上的拉力F作用下，将重为120N的物体匀速提起，在4s时间内绳子自由端移动的距离为s=3m．图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图．（1）计算物体上升的速度．（2）图乙中阴影部分的面积表示的物理量是功，并列式计算出该物理量．30\n（3）计算滑轮组提升该重物时的机械效率．【考点】滑轮（组）的机械效率．【专题】功、功率、机械效率．【分析】（1）根据滑轮组承担总重的绳子段数n计算出物体上升的高度，再根据v=计算物体上升的速度；（2）根据横纵坐标表示的单位和数值以及其数值变化关系确定该物理量，并计算其大小；（3）根据机械效率公式η==计算滑轮组的机械效率．【解答】解：（1）由图示滑轮组可知，承重绳子的有效股数：n=3，物体上升的高度：h===1m，物体上升的速度v===0.25m/s；（2）纵坐标表示力的大小为50N，大小不变，横坐标表示距离，大小为3m，所以阴影部分表示力所做的功W=Fs=50N×3m=150J；（3）滑轮组的机械效率η═×100%=×100%=×100%=80%．答：（1）物体上升的速度0.25m/s．（2）图乙中阴影部分的面积表示的物理量是功，功的大小为150J．（3）滑轮组提升该重物时的机械效率为80%．【点评】本题考查了动滑轮的特点和速度、功、机械效率公式的灵活运用，能够正确识图和辨别滑轮组承担总重的绳子的段数是解题的关键．25．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了消除杠杆自重对实验的影响；如发现杠杆左端偏高，则可将右端的平衡螺母向左调节；挂上钩码后再调节钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂．实验中多次测量的目的是避免偶然性，从而得出可靠结论．通过探究得到杠杆的平衡条件是F1l1=F2l2．【考点】探究杠杆的平衡条件实验．【专题】应用题；探究型实验综合题．30\n【分析】（1）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响，从而使得力臂的可以直接从杠杆上读出来；（2）杠杆左端偏高，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移；（3）在实验中，为了避免实验结果的偶然性，得到普遍性的规律，经常多测几组数据．【解答】解：据课本知识可知，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了消除杠杆自重对实验的影响；如发现杠杆左端偏高，则可将右端的平衡螺母向左调节，使杠杆重心左移；挂上钩码后再调节钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡，目的是便于力臂的测量；实验中多次测量的目的是避免偶然性，从而得出可靠结论；通过探究得到杠杆的平衡条件是F1l1=F2l2．故答案为：水平；消除杠杆自重对实验的影响；左；便于力臂的测量；避免偶然性，从而得出可靠结论；F1l1=F2l2．【点评】探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来．26．下面是某同学为探究动能大小与哪些因素有关，所做的实验：（1）本实验的研究对象是小车．（选填“小车”或“木块”）（2）如图将同一小车从斜面不同高度静止滚下，从不同高处静止释放的目的是使小车到达水平面时的速度不同（3）从能量转化的角度解释为什么同一小车在斜面上放置的位置越高，小车到达水平时的动能就越大？小车放置的位置越高，具有的重力势能越大，转化成的动能越大．（4）木块被碰撞后，最终停止在木板的右端．该过程中，碰撞后木块获得的动能等于木块克服摩擦力做功．（填“大于”，“小于“或者”等于”）（5）如图甲、乙两次实验木块移动过程中受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则③（填序号）．①f甲＞f乙②f甲＜f乙③f甲=f乙（6）这个实验中，利用木块被推出的距离来比较小车的动能大小．下列实例中与此实验方法相同的有②．（填编号）①认识电流大小时，用水流进行类比．②用红墨水在水中的扩散现象来认识分子是运动的③研究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，应控制接触面粗糙程度相同．【考点】探究影响物体动能大小的因素．【专题】实验探究题；机械能及其转化；探究型实验综合题．【分析】（1）此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明小球的动能越大；（2）让小车从不同高度滚下，是为了使小车到达水平面时的速度不同；（3）小车在滚下过程中，由重力势能转化为动能；（4）木块运动过程中，克服摩擦做功，将动能转化为内能；（5）根据影响摩擦力大小的因素来判断摩擦力的大小；30\n（6）利用木块被推出的距离来比较小车的动能大小，用到的是转换法，分析各项即可得出结论．【解答】解：（1）本实验研究的是小车，由于是质量不同的小车分别从同一斜面上的同一高度由静止开始下滑，因此探究的是小车的动能与物体质量的关系；（2）让小车从斜面的不同高度滑下，为了使小车到达水平面时的速度不同．（3）小车在下滑过程中，将重力势能转化为动能，小车的位置越高，其重力势能越大，转化成的动能越多，小车的速度越大；（4）木块被碰撞后，最终停止在木板的右端，动能都用来克服摩擦力做功，此时将动能全部转化为内能，所以碰撞后木块获得的动能等于木块克服摩擦力做功；（5）甲、乙两次实验木块移动过程中因没有改变木块和接触面，所以受到的摩擦力相同，即f甲=f乙．故选③．（6）实验中，利用木块被推出的距离来比较小车的动能大小，用到了转换法；①认识电流大小时，用水流进行类比，用到了类比法．②用红墨水在水中的扩散现象来认识分子是运动的，用到了转换法；③研究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，应控制接触面粗糙程度相同，是控制变量法．故②符合题意．故答案为：（1）小车；（2）使小车到达水平面时的速度不同；（3）小车放置的位置越高，具有的重力势能越大，转化成的动能越大；（4）等于；（5）③；（6）②．【点评】明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法．27．小辉和小明学习了燃料的热值后，他们一起设计了一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系．他们组装了如图所示的装置进行实验，记录结果见下表：燃料加热前的水温/℃燃料燃尽后水温/℃煤油2544菜籽油2534（1）为了保证实验结论的可靠性，小明和小辉选择了两套完全相同的装置，并且使两种油和两杯水的质量相同，但对于两杯水的初温他们的看法却不同．请将下列他们的想法补充完整．①小辉认为实验中是直接用水温升高的多少来表示煤油和菜籽油放出热量的多少．所以，实验中两杯水的初温可以不同．②小明认为因为探究过程中他们采用了控制变量法，所以只有燃料的种类不同，其他因素都必须控制相同．如果两杯水的初温不同，那么水的蒸发快慢以及水与周围环境的温差都不相同，于是两杯水热量损失就不相同，就有可能会出现燃料燃烧放出的热量多，而水吸收的热量少、水温变化低的情况．所以，实验时必须控制水的初温相同．③你认为小明（选填“小明”或“小辉”）的想法更合理．（2）根据他们的实验记录，你认为煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大是煤油．（3）小明和小辉在实验前用天平分别测出了烧杯中水的质量以及燃油的质量．并由记录的数据计算出了水吸收的热量．小辉他想通过这些数据计算出煤油和菜籽油的热值．你认为他的计算结果是不可靠（选填“可靠”或“不可靠”）的．理由是燃油不可能完全燃烧且燃油燃烧放出的热量不能完全被水吸收．30\n【考点】控制变量法与探究性实验方案；燃料的热值．【专题】探究题；探究型实验综合题．【分析】本题主要考查利用控制变量法和转换法设计实验的能力，由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，根据此进行分析．【解答】解：（1）根据Q放=mq，燃料燃烧放出热量的多少与物体的质量和热值有关，所以要探究热值的大小，需使菜籽油和煤油的质量相等；水吸收热量后温度的变化，与吸热的多少及质量有关，所以还要控制两杯水的质量相等；①质量相同的水，温度变化越大，说明吸收热量越多，所以实验中通过水温升高的多少来表示煤油和菜籽油放出热量的多少；②要探究不同燃料热值的大小，应使其它条件相同，只有燃料的种类不同，即用到控制变量法；根据热传递的条件，水温与周围环境温度相差越大，越容易发生热传递，若水的初温不同，便可造成水的散热情况不同，所以实验中应控制水的初温相同；③由上分析知，小明的分析更加合理；（2）根据表格中数据，相同质量的两种燃料燃烧完后，煤油的水温升高较大，说明煤油放出的热量较多，即煤油的热值较大；（3）在实验过程中，燃油不可能完全燃烧，且燃料燃烧放出的热量一部分直接散失掉、一部分被烧杯吸收，同时水也会向外散热，所以不能通过水温的变化得出燃料燃烧放出的热量，计算结果不准确．故答案为：（1）①水温升高的多少；②种类；③小明；（2）煤油；（3）不可靠；燃油不可能完全燃烧且燃油燃烧放出的热量不能完全被水吸收．【点评】根据Q吸=cm△t知，质量相同的同种物质升高的温度与吸收热量的多少有关，此实验通过这个原理来反映两种燃油燃烧放出热量的多少；根据Q放=mq，质量相同的不同燃料，完全燃烧放出的热量与其热值有关，根据水温的变化情况可得知两种燃油燃烧放出热量的大小关系，从而判断出燃油的热值大小，整个过程中应用了控制变量法．28．小明和小华在“测滑轮组机械效率”的实验中，一起组装好如图所示的实验装置，他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置．（1）小红应该竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码升高，并由弹簧测力计读出拉力为2N，同时小华用刻度尺测出钩码提升的高度为0.1m，以上测量准确无误，其他被测物理量和计算的数据如下表：钩码重（N）弹簧测力计提升的高度（m）有用功（J）总功（J）机械效率30\n40.20.40.4100%（2）小明和小红测得滑轮组的机械效率为100%，他们意识到出现了错误，请你帮助找出原因绳子自由端移动的距离应该是0.3m，不等于0.2m．（3）该滑轮组的机械效率实际为66.7%（4）若提升的钩码重增加到6N，则该滑轮组的机械效率将变大（选填“变大”、“变小”或“不变”），要提高改滑轮组的机械效率还可以减小动滑轮的重力．【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．【专题】测量型实验综合题．【分析】（1）实验时应竖直匀速拉动测力计．（2）由图示滑轮组求出滑轮组承重绳子的股数，然后确定绳子自由端移动的距离．（3）根据实验数据，应用效率公式求出滑轮组效率．（4）根据影响滑轮组效率的因素分析答题．【解答】解：（1）小红在进行实验时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时绳子的拉力等于测力计示数．（2）由图示滑轮组可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3，钩码上升高度h=0.1m，则测力计移动距离s=nh=3×0.1m=0.3m，由表中实验数据可知，测力计移动距离为0.2m，测力计移动距离错误，从而导致滑轮组效率错误．（3）滑轮组效率η=×100%=×100%=×100%≈66.7%．（4）提升的钩码重增加到6N，有用功增加，有用功在总功中的比重增大，则该滑轮组的机械效率将变大；减小动滑轮的重力、减小摩擦、增大提升重物的重力都可以提供滑轮组的机械效率．故答案为：（1）竖直向上匀速；（2）绳子自由端移动的距离应该是0.3m，不等于0.2m；（3）66.7%；（4）变大；减小动滑轮的重力．【点评】本题考查了实验注意事项、求滑轮组效率、影响滑轮组效率的因素等，掌握基础知识、应用效率公式即可正确解题．29．实验小组用如图1所示的电路来探究并联电路中电流的关系．（1）实验时，接好电路后，闭合开关发现两灯都亮．但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小明的方法是错误的（“正确”或“错误”），理由是如果两灯泡并联，断开干路中的导线，两灯泡都熄灭．（2）小组同学按图1接好电路，图2中是测C处电流时出现的情况，此现象说明电流表的正负接线柱接反了；图3是该同学连接的并联电路的局部实物图．正确测量完干路C处电流之后，某同学想只改动一根线测量通过L1的电流．请你在图中改动的线上画“×”，并补画上改动后的导线．30\n（3）电流表分别接入到图1中的A、B、C三处，测出第一组数据；为了防止偶然因素的影响，他们采用以下两种方法之一来重复实验，并完成第二次和第三次测量．方法一：改变电源电压；方法二：改变其中一条支路的灯泡规格．A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A第一次测量0.100.120.22第二次测量0.100.240.34第三次测量0.100.300.40通过对上面数据的分析，后面两次实验是采用方法二（选填“一”或“二”）进行的，可以得出结论：并联电路中干路电流等于各支路电流之和．【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．【专题】应用题；实验题；探究型实验综合题．【分析】（1）串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响、不能独立工作；并联电路中有多条路径，各用电器可以独立工作、互不影响，但干路电路断路时各用电器不能工作；（2）电流应从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电流表指针将反向偏转；电流表测支路电流，电流表应与被测部分串联；（3）根据电流表示数特点判断实验采用的方法；分析表中实验数据得出结论．【解答】解：（1）两灯泡串联，拆开一根导线，电路断路，两灯泡熄灭；两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭，根据拆开电路中的一根导线两灯泡都熄灭不能判定两灯泡是串联的；（2）由图2所示电流表可知，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反造成的；由图3所示电路图可知，测量完干路C处电流之后，某同学想测量通过L1的电流，为接入电流表，则将右侧一根导线拆下，再重新接到电流表的负接线柱即可，如图所示：（3）由表中实验数据可知，第二次与第三次实验时，A处的电流不变，B处的电流不同，所以后面两次实验是通过改变其中一条支路的灯泡规格进行实验的，即采用方法二进行实验；由表中实验数据可知，干路C处的电流等于支路A、B处的电流之和，故可得结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和．故答案为：（1）错误；如果两灯泡并联，断开干路中的导线，两灯泡都熄灭；（2）电流表正负接线柱接反了；如上图所示；（3）二；并联电路中干路电流等于各支路电流之和．30\n【点评】本题考查了串并联的辨别和电流表的正确使用以及分析实验数据得出结论，明确电源电压变化时两支路的电流均发生变化，改变其中一条支路的灯泡规格时另一支路的电流不变是关键．30
