山东省武城县第二中学2022届高三物理上学期第四次月考试题

山东省武城县第二中学2022届高三物理上学期第四次月考试题二、选择题（本题共8小题，每题6分，共48分．其中14---18题为单选题，19、20、21题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不选的得0分）14、如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为ab的中点。已知a、b两点的电势分别为φa＝3V，φb＝9V，则下列叙述正确的是(　　)A．该电场在C点处的电势一定为6VB．a点处的场强Ea一定小于b点处的场强EbC．正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大D．正电荷只受电场力作用从a点运动到b点的过程中动能一定增大15、如图，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，A和C围绕B做匀速圆周运动，B恰能保持静止，其中A、C和B的距离分别是L1，和L2．不计三质点间的万有引力，则A和C的比荷（电量与质量之比）之比应是A．B．C．D．16、如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，a、b为其运动轨迹上的两点，可以判定(　　)A．粒子在a点的速度大于在b点的速度B．粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C．粒子一定带正电荷D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能17、如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1V、2V、3V，则下列说法正确的是(　　)A．匀强电场的场强大小为10V/mB．匀强电场的场强大小为V/mC．电荷量为1.6×10－19C的正点电荷从E点移到F点，电荷克服电场力做功为1.6×10－19JD．电荷量为1.6×10－19C的负点电荷从F点移到D点，电荷的电势能减小4.8×10－19J-8-\n18、如图所示，电源电动势E＝3.2V，电阻R＝30Ω，小灯泡L的额定电压UL＝3.0V，额定功率PL＝4.5W．当开关S接1时，电压表的读数为3V，则当开关S接2时，灯泡发光的情况是：(　　)A．很暗，甚至不亮B．正常发光C．比正常发光略亮D．有可能被烧坏19、光滑绝缘水平面上有两个带等量异种电荷的小球A、B，小球A通过绝缘轻弹簧与竖直墙相连，如图所示。今小球B在外力F作用下缓慢向右移动，移动中两小球带电荷量不变，则对两小球和弹簧组成的系统的分析正确的是(　　)A．外力F对系统做正功，弹性势能增大B．外力F对系统做正功，弹性势能减小C．静电力做正功，电势能减小D．静电力做负功，电势能增大20、两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是(　　)A．带正电B．速度先变大后变小C．电势能先变大后变小D．经过b点和d点时的速度大小相同21、在如图所示的电路中，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，以下说法正确的是：（）A．电压表和电流表的示数都增大B．电源的总功率变大C．灯L1变亮，电压表的示数减小D．灯L2变亮，电容器的带电量增加二、实验题：22、用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量:(1)旋动部件________，使指针对准电流的"0"刻线。(2)将K旋转到电阻挡"×l00"的位置。(3)将插入"十"、"－"插孔的表笔短接，旋动部件_______，使指针对准电阻的_________(填"0刻线"或"∞刻线")。(4)-8-\n将两表笔分别与侍测电阻相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_______的顺序避行操作，再完成读数测量。A．将K旋转到电阻挡"×1k"的位置B．将K旋转到电阻挡"×10"的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准23、用图a的电路测定一节电动势约为2V的蓄电池的电动势和内阻。为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中连接了一个保护电阻R0，除蓄电池、开关、导线外，可供使用的实验器材有：A．电流表（量程0.6A、内阻约0.5Ω）B．电流表（量程3A、内阻约0.1Ω)C．电压表（量程3V，内阻约6kΩ)D．电压表（量程15V，内阻约30kΩ)E．定值电阻（阻值1Ω；额定功率5W)F．滑动变阻器（阻值范围0～10Ω、额定电流2A)G．滑动变阻器（阻值范围0～500Ω、额定电流lA)①在实验中，电流表选，电压表选，滑动变阻器选。（填序号）.②根据图a连接电路实物图b，③图c是某同学利用图b进行实验测得的数据，请绘出路端电压U随电流I变化的U-I图线，由图线可得电动势E＝V，内阻r＝Ω。（结果保留三位有效数字）④下表为某同学用上述方法测量某种电池的电动势和内电阻时的数据，分析可以发现电压表测得的数据____________，将影响实验图像的准确性，其原因是__________。I/A0.120.200.310.410.50U/V1.971.951.921.901.88-8-\n24、（15分）图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一个质量为m＝0.2kg、带电荷量为q＝＋2.0×10－6C的小物块处于静止状态，小物块与地面间的摩擦因数μ＝0.1.从t＝0时该开始，空间上加一个如图乙所示的电场。(取水平向右的方向为正方向，g取10m/s2)求：(1)4秒内小物块的位移大小；(2)4秒内电场力对小物块所做的功。25、（17分）如图6－3－9所示，一带电荷量为＋q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止。重力加速度取g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：(1)水平向右电场的电场强度；(2)若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；(3)电场强度变化后物块下滑距离L时的动能。33、（15分）（1）（5分）关于扩散现象，下列说法正确的是（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A.温度越高，扩散进行得越快B.扩散现象是不同物质间的一种化学反应C.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的D.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生E.液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的（2）(10分)如图，一底面积为S、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，开口向上，内有两个质量均为m的相同活塞A和B；在A与B之间、B与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体，平衡时体积均为V。已知容器内气体温度始终不变，重力加速度大小为g，外界大气压强为。现假设活塞B发生缓慢漏气，致使B最终与容器底面接触。求活塞A移动的距离。-8-\n高三理综物理参考答案14、解析　本题中电场线只有一条，又没说明是哪种电场的电场线，因此电势降落及场强大小情况都不能确定，A、B错；a、b两点电势已知，正电荷从a到b是从低电势向高电势运动，电场力做负功，动能减小，电势能增大，C对，D错。答案　C15、答案：C解析：根据B恰能保持静止可得：16、解析　该粒子在电场中做曲线运动，则电场力应指向轨迹的凹侧且沿电场线的切线方向，设粒子由a向b运动，则其所受电场力方向和速度方向的关系如图所示，可知电场力做正功，粒子速度增加，电势能减小，A错、D对；b点处电场线比a点处电场线密，即粒子在b点所受电场力大，加速度大，选项B错；因电场线方向不确定，所以粒子的电性不确定，C选项错误。(假设粒子由b向a运动同样可得出结论)答案　D17、解析　A、C连线中点的电势为2V，因此BE连线为等势线，由几何知识知，A、C连线的长度为dAC＝0.1m×sin60°×2＝m，匀强电场的场强大小为E＝＝＝V/m，故B对、A错；正点电荷从E点移到F点，电场力做正功，故C错；电荷量为1.6×10－19C的负点电荷从F点移到D点，电场力做正功qUFD＝qUAC＝－1.6×10－19C×(1V－3V)＝3.2×10－19J，故电荷的电势能减少3.2×10－19J，故D错。答案　B-8-\n18、答案：A19、解析　外力对小球做正功，当小球B向右运动时，两球距离增大，库仑力减小，因此弹簧的伸长量减小，弹性势能减小，A错误，B正确；由于两球距离增大，库仑力做负功，系统电势能增大，两球间电势差增大，C错误，D正确。答案　BD20、解析　由等势线的分布特点可知，形成电场的正电荷在上方，负电荷在下方，又由轨迹的偏转情况可确定，运动的粒子带负电，选项A错误；电场力先做负功后做正功，动能先减小后变大，速度先减小后变大，电势能先增加后减少，则选项B错误，C正确；由于bd两点在同一等势面上，则粒子在这两点的电势能相等，动能相等，速度大小相等，选项D正确。答案　CD21、答案：BC二、实验题：22、答案（6分）答案⑴S；（1分）（3）T,0刻线；（2分）（4）ADC（3分）23、（9分）答案：①A；C；F（每空1分，共3分）②，有一条线画错不给分（2分）③如图所示；E＝1.96~1.99V（1分）；内阻r＝0.700~0.800Ω（1分）U/V1.71.81.92.01.600.10.20.30.40.5I/A图c图b-8-\n④变化（间隔）很小（写“数值很小”不给分）（1分），电池的内阻太小（1分）24、解析：（15分）(1)0～2s内小物块加速度a1＝＝2m/s2（2分）位移x1＝a1t12＝4m（1分）2s末的速度为v2＝a1t1＝4m/s（2分）2～4s内小物块加速度a2＝＝－2m/s2（2分）位移x2＝v2t2＋a2t22＝4m（1分）4秒内的位移x＝x1＋x2＝8m。（2分）(2)v4＝v2＋a2t2＝0，（2分）即4s末小物块处于静止状态设电场力对小物块所做的功为W，由动能定理有：W－μmgx＝0（2分）解得W＝1.6J（1分）答案：(1)8m　(2)1.6J25、解析：（17分）(1)小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，受力图如图所示，则有FNsin37°＝qE①（2分）FNcos37°＝mg②（2分）由①②可得E＝（2分）(2)若电场强度减小为原来的，即E′＝（2分）由牛顿第二定律得mgsin37°－qE′cos37°＝ma③（2分）可得a＝0.3g（2分）(3)电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得mgLsin37°－qE′Lcos37°＝Ek－0④（3分）可得Ek＝0.3mgL（2分）　(1)　(2)0.3g　(3)0.3mgL-8-\n33、（1）【答案】ACD(2)【解析】A与B之间、B与容器底面之间的气体压强分别为、，在漏气前，对A分析有，（1分）对B有（1分）B最终与容器底面接触后，AB间的压强为P，气体体积为，则有（2分）因为温度失重不变，对于混合气体有，（2分）漏气前A距离底面的高度为，（1分）漏气后A距离底面的高度为（1分）联立可得（2分）-8-