河北正定中学高三物理周测10.16理科综合能力测试第I卷（选择题，共126分）可能用到的相对原子质量：H:1C:12N:14O:16Na:23Mg:24Cl:35.5K:39Fe:56Cu:64二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是( )A．伽利略不畏权威，通过“理想斜面实验”，科学地推理出“力不是维持物体运动的原因”B．哥白尼提出日心说并发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律C．开普勒进行了“月－地检验”，说明天上和地下的物体都遵从万有引力定律D．奥斯特发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代15．如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（ ） A．B的向心力是A的向心力的2倍 B．盘对B的摩擦力与B对A的摩擦力相等 C．A、B都有沿半径向外滑动的趋势 D．若B先滑动，则B对A的动摩擦因数μA小于盘对B的动摩擦因数μB16．如图所示，一飞行器围绕地球沿半径为r的圆轨道1运动。该飞行器经过P点时，启动推进器短时间向前喷气可使其变轨，2、3是与轨道1相切于P点的可能轨道，则飞行器（）A．变轨后将沿轨道2运动B．相对于变轨前运行周期变长C．变轨前、后在两轨道上经P点的速度大小相等D．变轨前、后在两轨道上经P点的加速度大小相等17．如图所示，电荷q均匀分布在半球面上，球面的半径为R，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线。P、Q为CD轴上在O点两侧，离O点距离相等的二点。如果是带电量为Q的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等。则下列判断正确的是（）-9-A．P点的电势与Q点的电势相等B．P点的电场强度与Q点的电场强度相等C．在P点释放静止带正电的微粒（重力不计），微粒将作匀加速直线运动D．带正电的微粒在O点的电势能为零18．图为一个示波管工作原理图的一部分，电子经过加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量为y，两平行板间距为d、板长为L、板间电压为U．每单位电压引起的偏转量（y/U）叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可以采用的方法是（）A．增加两板间的电势差UB．尽可能缩短板长LC．尽可能减小板距dD．使电子的入射速度v0大些19．位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，ab、cd分别是正方形两条边的中垂线，O点为中垂线的交点，P、Q分别为cd、ab上的点，且OQ距离大于OP。则下列说法正确的是（）A．P、O两点的电势关系为φP＝φOB．P、Q两点电场强度的大小关系为EQ>EPC．若在O点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力不为零D．若将某一负电荷由P点沿着图中曲线PQ移到Q点，电场力做负功20．质量分别为m1、m2的A、B两物体放在同一水平面上，受到大小相同的水平力F的作用各自由静止开始运动。经过时间t0撤去A物体的外力F；经过时间4t0撤去B物体的外力F。两物体运动的v-t图像如图所示，则A、B两物体（）A．与水平面的摩擦力大小之比为5∶12B．在匀加速运动阶段，合外力做功之比为4∶1C．在整个运动过程中，克服摩擦力做功之比为1∶2D．在整个运动过程中，摩擦力的平均功率之比为5∶321.一对平行金属板长为L，两板间距为d，质量为m，电荷量为e的电子从平行板左侧以速度v0沿两板的中线不断进入平行板之间，两板间所加交变电压uAB如图所示，交变电压的周期，已知所有电子都能穿过平行板，且最大偏距的粒子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则（）-9-A.所有电子都从右侧的同一点离开电场B.所有电子离开电场时速度都是v0C.t＝0时刻进入电场的电子，离开电场时动能最大D.t＝时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为第Ⅱ卷（非选择题共174分）注意事项：第Ⅱ卷，需用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效三、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第22题〜第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题〜第40题为选考题，考生根据要求作答。（一）必做题22．(6分)某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，将两物块A和B用轻质细绳连接跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器，打点频率为50Hz，开始时保持A、B静止，然后释放物块B，B可以带动A拖着纸带运动，该同学对纸带上打出的点进行测量和计算，即可验证机械能守恒定律。用天平测出A、B两物体的质量，mA=150g，mB=50g。图甲图乙图丙（1）在实验中获取如图乙的一条纸带：0是打下的第一个点，测得x1=38.89cm，x2=3.91cm，x3=4.09cm，则根据以上数据计算，从0运动到5的过程中，物块A和B组成的系统重力势能减少量为J，动能增加量为J（取g=9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字）。（2）某同学由于疏忽没有测量纸带上开始一段距离，但是利用该纸带做出与A下落高度h的关系图象，如图丙。则当地的实际重力加速度g=（用a、b和c表示）。-9-23.（9分）一位同学如图甲所示的电路,来测定某金属合金的电阻率ρ，ab是一段用该合金材料制成的粗细均匀的电阻丝,电源的电动势E=3.0V,内阻未知,R0为保护电阻,电流表内阻忽略不计.（1）用螺旋测微器测得电阻丝某点的直径如图乙所示，其未数为d＝____________mm；（2）实验时闭合开关S，调节滑片P的位置，分别测量出每次实验中bP长度x及对应的电流值I，实验数据如下表示：①将表中数据描在如图丙所示的坐标系中，请在该坐标系中作出其函数关系图线；②由图线求得该合金的电阻率ρ约为____________·m（保留两位有效数字）；③若在实验过程中，无论怎样移动滑片P的位置，电流表的示数均不改变，其原因可能为______________________________________________________________________.24．（14分）如图甲所示是一打桩机的简易模型.质量m=1kg的物体在拉力F-9-作用下从与钉子接触处由静止开始运动，上升一段高度后撤去F，到最高点后自由下落，撞击钉子，将钉子打入一定深度.物体上升过程中，机械能E与上升高度h的关系图像如图乙所示.不计所有摩擦，g取10m/s2.求：（1）物体上升到1m高度处的速度；（2）物体上升1m后再经多长时间才撞击钉子（结果可保留根号）；（3）物体上升到0.25m高度处拉力F的瞬时功率.m甲乙E/Jh/m128400.20.40.60.81.01.2钉子25.(18分)如图所示，在直角坐标系xoy的第一象限区域中，有沿y轴正方向的匀强电场，电场强度的大小为E=kv0．在第二象限有一半径为R=a的圆形区域磁场，圆形磁场的圆心O坐标为(-a，a)，与坐标轴分别相切于P点和N点，磁场方向垂直纸面向里．在x=3a处垂直于x轴放置一平面荧光屏，与x轴交点为Q．大量的电子以相同的速率在纸面内从P点进入圆形磁场，电子的速度方向在与x轴正方向成θ角的范围内，其中沿y轴正方向的电子经过磁场到达N点，速度与x轴正方向成θ角的电子经过磁场到达M点，且M点坐标为（0，1.5a）．忽略电子间的相互作用力，不计电子的重力，电子的比荷为．求：（1）圆形磁场的磁感应强度大小；（2）θ角的大小；（3）电子打到荧光屏上距Q点的最远距离． （二）选考题：共45分（生物二选一物理化学已选好）-9-33.(1)(6分)随着现代科学的发展，大量的科学发现促进了人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确的是________．(填正确答案序号，选对一个给3分，选对两个给4分，选对三个给6分，每选错一个扣3分，最低得0分)A．原子核内部2个中子和2个质子结合紧密，整体从原子核中抛出来，这就是衰变B．自然界中较轻的原子核，质子数与中子数大致相等，但对于较重的原子核，中子数大于质子数，越重的元素，两者相差越多C．射线一般伴随着和射线产生，其中射线的穿透能力是最强的，电离能力也是最强的D．铯137进入人体后主要损害人的造血系统和神经系统，其半衰期是30.17年，如果将铯137的温度降低到0度以下，可以延缓其衰变速度E．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，总能量增大(2)(9分)如图所示，两个木块的质量分别为m1＝0.2kg、m2＝0.6kg中间用轻弹簧相连接放在光滑的水平面上，且m1左侧靠一固定竖直挡板．某一瞬间敲击木块m2使其获得2m/s水平向左的速度，木块m2向左压缩弹簧然后被弹簧弹回，弹回时带动木块m1运动．求：①当弹簧拉伸到最长时，木块m1的速度多大？②在以后的运动过程中，木块m1速度的最大值为多少？-9-答案14.A15.C16.D17.B18.C19.BC20.AC21.BD22.(1)0.420.40(2)2b/(a+c)23.24.（14分）【答案】（1）2m/s（2）s（3）12W【解析】试题分析：⑴设物体上升到h1=1m处的速度为v1，由图乙知2分v1=2m/s2分⑵由图乙知，物体上升到h1=1m后机械能守恒，即撤去拉力F，物体仅在重力作用下先匀减速上升，至最高点后再自由下落．设向上减速时间为t1，自由下落时间为t2对减速上升阶段1分t1=0.2s1分减速上升距离=0.2m1分自由下落阶段有s1分即有t=t1+t2=s2分（3）对F作用下物体的运动过程-9-由图象可得，物体上升h1=1m的过程中所受拉力F=12N1分物体向上做匀加速直线运动，设上升至h2=0.25m时的速度为v2，加速度为a由牛顿第二定律有1分由运动学公式有1分瞬时功率P=Fv2解得P=12W1分25.（18分）（1）由于速度沿y轴正方向的电子经过N点，因而电子在磁场中做圆周运动的半径为： r=a（1分） 而 （1分）联立解得B=k（1分） （2）电子在磁场中做圆周运动的圆心为，电子离开磁场时的位置为，连接PO可知该四边形为棱形，由于PO竖直，因而半径也为竖直方向，电子离开磁场时速度一定沿x轴正方向。（2） 由右图可知（2分） 解得 （2分） （3）由（2）可知，所有的电子以平行于x轴正方向的速度进入电场中做类似平抛运动，设电子在电场的运动时间为，竖直方向位移为，水平位移为， 水平： （1分） 竖直：（1分） （1分） （1分） 联立解得（1分） -9-设电子最终打在光屏的最远点距Q点为H，电子射出电场时的夹角为θ有： （1分） 有： （1分） 当时，即时，有最大值；(1分)由于所以 （1分）33.（1）ABE（2）由能量守恒知：m1刚离开挡板时，m2的速度为2m/s，水平向右，当弹簧拉伸到最长时，m1、m2具有相同速度v共（1分）由动量守恒得：m2v1＝(m1＋m2)v共（1分）解得：v共＝1.5m/s（1分）m1速度最大时，弹簧恢复原长，（1分）由动量守恒和能量守恒：m2v1＝m1v1′＋m2v2′（1分）m2v＝m1v1′2＋m2v2′2（2分）解得：v1′＝3m/s（1分）-9-
