第3讲 导数与函数的单调性、极值、最值问题一、选择题1.函数f(x)＝x2－lnx的单调递减区间为( )A.(－1，1]B.(0，1]C.[1，＋∞)D.(0，＋∞)解析 由题意知，函数的定义域为(0，＋∞)，又由f′(x)＝x－≤0，解得0＜x≤1，所以函数f(x)的单调递减区间为(0，1].答案 B2.(2022·昆明模拟)已知函数f(x)＝mx2＋lnx－2x在定义域内是增函数，则实数m的取值范围是( )A.[－1，1]B.[－1，＋∞)C.[1，＋∞)D.(－∞，1]解析 f′(x)＝mx＋－2≥0对一切x＞0恒成立，∴m≥－＋.令g(x)＝－＋，则当＝1，即x＝1时，函数g(x)取最大值1.故m≥1.答案 C3.(2022·新课标全国Ⅱ卷)若函数f(x)＝kx－lnx在区间(1，＋∞)上单调递增，则k的取值范围是( )A.(－∞，－2]B.(－∞，－1]C.[2，＋∞)D.[1，＋∞)解析 f′(x)＝k－，由题意知f′(x)≥0在(1，＋∞)上恒成立，即k－≥0在(1，＋∞)上恒成立，由于k≥，而0＜＜1，所以k≥1.故选D.答案 D4.(2022·临沂模拟)函数f(x)＝x3－3ax－a在(0，1)内有最小值，则a的取值范围是( )A.[0，1)B.(－1，1)C.D.(0，1)5\n解析 f′(x)＝3x2－3a＝3(x2－a).当a≤0时，f′(x)＞0，∴f(x)在(0，1)内单调递增，无最小值.当a＞0时，f′(x)＝3(x－)(x＋).当x∈(－∞，－)和(，＋∞)时，f(x)单调递增；当x∈(－，)时，f(x)单调递减，所以当＜1，即0＜a＜1时，f(x)在(0，1)内有最小值.答案 D5.已知函数f(x)＝x3＋ax2＋3x＋1有两个极值点，则实数a的取值范围是( )A.(，＋∞)B.(－∞，－)C.(－，)D.(－∞，－)∪(，＋∞)解析 f′(x)＝x2＋2ax＋3.由题意知方程f′(x)＝0有两个不相等的实数根，所以Δ＝4a2－12＞0，解得a＞或a＜－.答案 D二、填空题6.(2022·天津卷)已知函数f(x)＝axlnx，x∈(0，＋∞)，其中a为实数，f′(x)为f(x)的导函数.若f′(1)＝3，则a的值为________.解析 f′(x)＝alnx＋ax·＝a(lnx＋1)，由f′(1)＝3得，a(ln1＋1)＝3，解得a＝3.答案 37.若f(x)＝x3＋3ax2＋3(a＋2)x＋1在R上单调递增，则a的取值范围是________.解析 f′(x)＝3x2＋6ax＋3(a＋2).由题意知f′(x)≥0在R上恒成立，所以Δ＝36a2－4×3×3(a＋2)≤0，解得－1≤a≤2.答案 [－1，2]8.(2022·衡水中学期末)若函数f(x)＝－x2＋4x－3lnx在[t，t＋1]上不单调，则t的取值范围是________.解析 对f(x)求导，得f′(x)＝－x＋4－＝＝－.由5\nf′(x)＝0得函数f(x)的两个极值点为1，3，则只要这两个极值点有一个在区间(t，t＋1)内，函数f(x)在区间[t，t＋1]上就不单调，所以t＜1＜t＋1或t＜3＜t＋1，解得0＜t＜1或2＜t＜3.答案 (0，1)∪(2，3)三、解答题9.(2022·安徽卷)已知函数f(x)＝(a>0，r>0).(1)求f(x)的定义域，并讨论f(x)的单调性；(2)若＝400，求f(x)在(0，＋∞)内的极值.解 (1)由题意知x≠－r，所求的定义域为(－∞，－r)∪(－r，＋∞).f(x)＝＝，f′(x)＝＝.所以当x<－r或x>r时，f′(x)<0，当－r<x<r时，f′(x)>0.因此，f(x)的单调递减区间为(－∞，－r)，(r，＋∞)；f(x)的单调递增区间为(－r，r).(2)由(1)的解答可知f′(r)＝0，f(x)在(0，r)上单调递增，在(r，＋∞)上单调递减.因此，x＝r是f(x)的极大值点，所以f(x)在(0，＋∞)内的极大值为f(r)＝＝＝＝100.10.已知函数f(x)＝x2＋2alnx.(1)若函数f(x)的图象在(2，f(2))处的切线斜率为1，求实数a的值；(2)若函数g(x)＝＋f(x)在[1，2]上是减函数，求实数a的取值范围.解 (1)f′(x)＝2x＋＝.由已知f′(2)＝1，解得a＝－3.(2)由g(x)＝＋x2＋2alnx，得g′(x)＝－＋2x＋.由函数g(x)为[1，2]上的单调减函数，则g′(x)≤0在[1，2]上恒成立，即－＋2x＋≤0在[1，2]上恒成立，5\n即a≤－x2在[1，2]上恒成立.令h(x)＝－x2，在[1，2]上h′(x)＝－－2x＝－＜0，所以h(x)在[1，2]上为减函数，h(x)min＝h(2)＝－.所以a≤－.11.(2022·合肥模拟)已知函数f(x)＝x3－ax2－3x.(1)若f(x)在[1，＋∞)上是增函数，求实数a的取值范围；(2)已知函数g(x)＝ln(1＋x)－x＋x2(k≥0)，讨论函数g(x)的单调性.解 (1)对f(x)求导，得f′(x)＝3x2－2ax－3.由f′(x)≥0在[1，＋∞)上恒成立，得a≤.记t(x)＝，当x≥1时，t(x)是增函数，所以t(x)min＝(1－1)＝0.所以a≤0.(2)g′(x)＝，x∈(－1，＋∞).当k＝0时，g′(x)＝－，所以在区间(－1，0)上，g′(x)＞0；在区间(0，＋∞)上，g′(x)＜0.故g(x)的单调递增区间是(－1，0]，单调递减区间是[0，＋∞).当0＜k＜1时，由g′(x)＝＝0，得x1＝0，x2＝＞0，所以在区间(－1，0)和上，g′(x)＞0；在区间上，g′(x)＜0.故g(x)的单调递增区间是(－1，0]和，单调递减区间是.当k＝1时，g′(x)＝＞0，故g(x)的单调递增区间是(－1，＋∞).5\n当k＞1时，g′(x)＝＝0，得x1＝∈(－1，0)，x2＝0，所以在区间和(0，＋∞)上，g′(x)＞0，在区间上，g′(x)＜0.故g(x)的单调递增区间是和[0，＋∞)，单调递减区间是.5
