【走向高考】（全国通用）2022高考数学二轮复习第一部分微专题强化练专题15圆锥曲线一、选择题1．(2022·四川文，7)过双曲线x2－＝1的右焦点且与x轴垂直的直线，交该双曲线的两条渐近线于A，B两点，则|AB|＝( )A.B．2C．6D．4[答案] D[解析] 由题意，a＝1，b＝，故c＝2，渐近线方程为y＝±x，将x＝2代入渐近线方程，得y1,2＝±2，故|AB|＝4，选D.2．设P是椭圆＋＝1上一点，M、N分别是两圆：(x＋2)2＋y2＝1和(x－2)2＋y2＝1上的点，则|PM|＋|PN|的最小值，最大值分别为( )A．4,8 B．2,6 C．6,8 D．8,12[答案] A[解析] 如图，由椭圆及圆的方程可知两圆圆心分别为椭圆的两个焦点，由椭圆定义知|PA|＋|PB|＝2a＝6，连接PA，PB，分别与两圆相交于M、N两点，此时|PM|＋|PN|最小，最小值为|PA|＋|PB|－2R＝4；连接PA，PB并延长，分别与两圆相交于M′、N′两点，此时|PM′|＋|PN′|最大，最大值为|PA|＋|PB|＋2R＝8，即最小值和最大值分别为4、8.[方法点拨] 涉及椭圆(或双曲线)两焦点距离的问题或焦点弦问题，及到抛物线焦点(或准线)距离的问题，可优先考虑圆锥曲线的定义．3．(文)(2022·唐山一模)已知抛物线的焦点F(a,0)(a<0)，则抛物线的标准方程是( )20\nA．y2＝2axB．y2＝4axC．y2＝－2axD．y2＝－4ax[答案] B[解析] 设抛物线方程为y2＝mx，由焦点为F(a,0)，a<0知m<0，∴＝a，∴m＝4a，故选B.(理)(2022·河北衡水中学一模)已知抛物线C的顶点是原点O，焦点F在x轴的正半轴上，经过F的直线与抛物线C交于A、B两点，如果·＝－12，，那么抛物线C的方程为( )A．x2＝8yB．x2＝4yC．y2＝8xD．y2＝4x[答案] C[解析] 由题意，设抛物线方程为y2＝2px(p>0)，直线方程为x＝my＋，代入抛物线方程得y2－2pmy－p2＝0，设A(x1，y1)、B(x2，y2)，得·＝x1x2＋y1y2＝＋y1y2＝m2y1y2＋(y1＋y2)＋＋y1y2＝－p2＝－12⇒p＝4，即抛物线C的方程为y2＝8x.[方法点拨] 求圆锥曲线标准方程时“先定型，后计算”，即先确定是何种曲线，焦点在哪个轴上，然后利用条件求a、b、p的值．4．(文)(2022·南昌市一模)以坐标原点为对称中心，两坐标轴为对称轴的双曲线C的一条渐近线的倾斜角为，则双曲线C的离心率为( )A．2或B．2或C.D．2[答案] B[解析] (1)当双曲线的焦点在x轴上时，由题意知双曲线C：－＝1(a>0，b>0)的渐近线方程为y＝±x，所以＝tan＝，所以b＝a，c＝＝2a，故双曲线C的离心率e＝＝＝2；(2)当双曲线的焦点在y轴上时，由题意知双曲线C：－＝1(a>0，b20\n>0)的渐近线方程为y＝±x，所以＝tan＝，所以a＝b，c＝＝2b，故双曲线C的离心率e＝＝＝.综上所述，双曲线C的离心率为2或.(理)(2022·东北三省三校二模)已知双曲线－＝1(a>0，b>0)的左右焦点分别为F1、F2，以F1F2为直径的圆被直线＋＝1截得的弦长为a，则双曲线的离心率为( )A．3B．2C.D.[答案] D[解析] 由已知得：O(0,0)到直线＋＝1的距离为：d＝，由题意得：2＋d2＝r2即2＋2＝c2整理得：c4－a2c2＋a4＝0，即e4－e2＋1＝0，解得：e2＝2或e2＝(舍)，∴e＝.[方法点拨] 1.求椭圆、双曲线的离心率问题，关键是根据已知条件确定a、b、c的关系，然后将b用a、c代换，求e＝的值；另外要注意双曲线的渐近线与离心率的关系．2．注意圆锥曲线的对称性在解题中的应用．5．(文)设F1、F2分别是椭圆E：x2＋＝1(0<b<1)的左、右焦点，过F1的直线l与椭圆相交于A、B两点，且|AF2|，|AB|，|BF2|成等差数列，则|AB|的长为( )A.B．1C.D.[答案] C[解析] 由条件知，|AF2|＋|BF2|＝2|AB|，|AF1|＋|AF2|＝|BF1|＋|BF2|＝2，∴|AB|＋|AF2|＋|BF2|＝4，∴|AB|＝.(理)(2022·河北名师名校俱乐部模拟)设抛物线x2＝8y的焦点为F，准线为l，P为抛物线上一点，PA⊥l，A为垂足，如果直线AF的倾斜角等于60°，那么|PF|等于( )20\nA．2B．4C.D．4[答案] C[解析] 在△APF中，|PA|＝|PF|，|AF|sin60°＝4，∴|AF|＝，又∠PAF＝∠PFA＝30°，过P作PB⊥AF于B，则|PF|＝＝＝.[方法点拨] 圆锥曲线的性质常与等差、等比数列、三角函数、不等式等问题联系在一起，一般先利用条件转化为单一知识点的问题求解．6．(文)从抛物线y2＝8x上一点P引抛物线准线的垂线，垂足为M，且|PM|＝5，设抛物线的焦点为F，则△PFM的面积为( )A．5B．6C．10D．5[答案] A[解析] 抛物线的焦点F(2,0)，准线方程为x＝－2.设P(m，n)，则|PM|＝m＋2＝5，解得m＝3.代入抛物线方程得n2＝24，故|n|＝2，则S△PFM＝|PM|·|n|＝×5×2＝5.(理)若双曲线－＝1(a>0，b>0)和椭圆＋＝1(m>n>0)有共同的焦点F1、F2，P是两条曲线的一个交点，则|PF1|·|PF2|( )A．m2－a2B.－C.(m－a)D.m－a[答案] D[解析] 不妨设F1、F2分别为左、右焦点，P在双曲线的右支上，由题意得|PF1|＋|PF2|＝2，|PF1|－|PF2|＝2，∴|PF1|＝＋，|PF2|＝－，故|PF1|·|PF2|＝m－a.7．(文)(2022·湖南文，6)若双曲线－＝1的一条渐近线经过点(3，－4)，则此双曲线的离心率为( )A.B.C.D.20\n[答案] D[解析] 考查双曲线的几何性质．由题设利用双曲线的渐近线方程经过的点(3，－4)，得到a、b关系式，然后求出双曲线的离心率即可．因为双曲线－＝1的一条渐近线经过点(3，－4)，∴3b＝4a，∴9(c2－a2)＝16a2，∴e＝＝，故选D.(理)(2022·重庆文，9)设双曲线－＝1(a>0，b>0)的右焦点是F，左、右顶点分别是A1，A2，过F作A1A2的垂线与双曲线交于B，C两点．若A1B⊥A2C，则该双曲线的渐近线的斜率为( )A．±B．±C．±1D．±[答案] C[解析] 考查双曲线的几何性质．由已知得右焦点F(c,0)(其中c2＝a2＋b2，c>0)，A1(－a,0)，A2(a,0)；B(c，－)，C(c，)；从而A1B―→＝(c＋a，－)，＝(c－a，)，又因为A1B⊥A2C，所以A1B―→·A2C―→＝0，即(c－a)·(c＋a)＋(－)·()＝0；化简得到＝1⇒＝±1，即双曲线的渐近线的斜率为±1；故选C.8．(2022·新课标Ⅰ理，5)已知M(x0，y0)是双曲线C：－y2＝1上的一点，F1，F2是C的两个焦点．若·<0，则y0的取值范围是( )A.B.C.D.[答案] A[解析] 考查向量数量积；双曲线的标准方程．由题知F1(－，0)，F2(，0)，－y＝1，所以MF1―→·MF2―→＝(－－x0，－y0)·(－x0，－y0)＝x＋y－3＝3y－1＜0，解得－＜y0＜，故选A.20\n二、填空题9．(文)已知直线y＝a交抛物线y＝x2于A、B两点，若该抛物线上存在点C，使得∠ACB为直角，则a的取值范围为________．[答案] a≥1[解析] 显然a>0，不妨设A(，a)，B(－，a)，C(x0，x)，则＝(－－x0，a－x)，＝(－x0，a－x)，∵∠ACB＝90°.∴·＝(－x0，a－x)·(－－x0，a－x)＝0.∴x－a＋(a－x)2＝0，且x－a≠0.∴(a－x)(a－x－1)＝0，∴a－x－1＝0.∴x＝a－1，又x≥0.∴a≥1.(理)如图，正方形ABCD和正方形DEFG的边长分别为a、b(a<b)，原点O为AD的中点，抛物线y2＝2px(p>0)经过C、F两点，则＝________.[答案] ＋1[解析] 由题可得C(，－a)，F(＋b，b)，∵C、F在抛物线y2＝2px上，∴∴＝＋1，故填＋1.10．(文)(2022·湖南理，13)设F是双曲线C：－＝1的一个焦点．若C上存在点P，使线段PF的中点恰为其虚轴的一个端点，则C的离心率为________．[答案] [解析] 考查双曲线的标准方程及其性质．根据对称性，不妨设F(c,0)，短轴端点为(0，b)，从而可知点(－c,2b)在双曲线上，∴20\n－＝1⇒e＝＝.(理)(2022·南昌市二模)过原点的直线l与双曲线C：－＝1(a>0，b>0)的左右两支分别相交于A，B两点，F(－，0)是双曲线C的左焦点，若|FA|＋|FB|＝4，·＝0，则双曲线C的方程是________．[答案] －y2＝1[解析] 由已知得：c＝，FA⊥FB，设右焦点为F1，则四边形FAF1B为矩形，∴|AB|＝2c＝2且|FA|2＋|FB|2＝(|FA|＋|FB|)2－2|FA|·|FB|＝16－2|FA|·|FB|，|AB|2＝|FA|2＋|FB|2，∴|FA|·|FB|＝2，∴(|FA|－|FB|)2＝(|FA|＋|FB|)2－4|FA|·|FB|＝8，∴||FA|－|FB||＝2，即||AF|－|AF1||＝2，∴a＝，∴b2＝1，∴双曲线标准方程为－y2＝1.三、解答题11．(文)(2022·湖南文，20)已知抛物线C1：x2＝4y的焦点F也是椭圆C2：＋＝1(a>b>0)的一个焦点，C1与C2的公共弦的长为2.过点F的直线l与C1相交于A，B两点，与C2相交于C，D两点，且与同向．(1)求C2的方程；(2)若|AC|＝|BD|，求直线l的斜率．[分析] 考查直线与圆锥曲线的位置关系；椭圆的性质和转化思想，设而不求、整体代换思想及运算求解能力等．(1)由F也是椭圆C2的一个焦点及C1与C2的公共弦长列方程组求解；(2)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，C(x3，y3)，D(x4，y4)，根据＝，可得，(x3＋x4)2－4x3x4＝(x1＋x2)2－4x1x2，设直线l的斜率为k，则l的方程为y＝kx＋1，联立直线与抛物线方程、直线与椭圆方程、利用韦达定理进行计算即可得到结果．[解析] (1)由C1：x2＝4y知其焦点F的坐标为(0,1)，因为F也是椭圆C2的一个焦点，所以a2－b2＝1 ①；又C1与C2的公共弦长为2，C1与C2都关于y轴对称，且C1的方程为：x2＝4y20\n，由此易知C1与C2的公共点的坐标为(±，)，∴＋＝1②，联立①②得a2＝9，b2＝8，故C2的方程为＋＝1.(2)如图，设A(x1，y1)，B(x2，y2)，C(x3，y3)，D(x4，y4)，因与同向，且|AC|＝|BD|，所以＝，从而x3－x1＝x4－x2，即x3－x4＝x1－x2，于是(x3＋x4)2－4x3x4＝(x1＋x2)2－4x1x2 ③设直线l的斜率为k，则l的方程为y＝kx＋1，由得x2－4kx－4＝0，由x1，x2是这个方程的两根，∴x1＋x2＝4k，x1x2＝－4 ④由得(9＋8k2)x2＋16kx－64＝0，而x3，x4是这个方程的两根，x3＋x4＝－，x3x4＝－ ⑤将④、⑤代入③，得16(k2＋1)＝＋.即16(k2＋1)＝，所以(9＋8k2)2＝16×9，解得k＝±，20\n即直线l的斜率为±.(理)(2022·洛阳市期末)已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的离心率为，一个焦点与抛物线y2＝4x的焦点重合，直线l：y＝kx＋m与椭圆C相交于A，B两点．(1)求椭圆C的标准方程；(2)设O为坐标原点，kOA·kOB＝－，判断△AOB的面积是否为定值？若是，求出定值，若不是，说明理由．[解析] (1)由题意得c＝1，又e＝＝，所以a＝2，从而b2＝a2－c2＝3，所以椭圆C的标准方程为＋＝1.(2)设点A(x1，y1)，B(x2，y2)，由得(3＋4k2)x2＋8mkx＋4(m2－3)＝0，由Δ＝(8mk)2－16(3＋4k2)(m2－3)>0得m2<3＋4k2.∵x1＋x2＝－，x1·x2＝，∴y1·y2＝(kx1＋m)·(kx2＋m)＝k2x1x2＋mk(x1＋x2)＋m2＝.由kOA·kOB＝－＝－得y1y2＝－x1x2，即＝－·，化简得2m2－4k2＝3，满足Δ>0.由弦长公式得|AB|＝|x1－x2|＝·＝.又点O到直线l：y＝kx＋m的距离d＝，所以S△AOB＝·d·|AB|＝·＝＝＝＝，20\n故△AOB的面积为定值.12．(文)(2022·东北三校二模)已知圆M：x2＋(y－2)2＝1，直线l：y＝－1，动圆P与圆M相外切，且与直线l相切．设动圆圆心P的轨迹为E.(1)求E的方程；(2)若点A，B是E上的两个动点，O为坐标原点，且·＝－16，求证：直线AB恒过定点．[解析] (1)⊙O的圆心M(0,2)，半径r＝1，设动圆圆心P(x，y)，由条件知|PM|－1等于P到l的距离，∴|PM|等于P到直线y＝－2的距离，∴P点轨迹是以M(0,2)为焦点，y＝－2为准线的抛物线．方程为x2＝8y.(2)设直线AB：y＝kx＋b，A(x1，y1)，B(x2，y2)将直线AB的方程代入到x2＝8y中得x2－8kx－8b＝0，所以x1＋x2＝8k，x1x2＝－8b，又因为·＝x1x2＋y1y2＝x1x2＋＝－8b＋b2＝－16⇒b＝4所以直线BC恒过定点(0,4)．(理)(2022·山东理，21)已知抛物线C：y2＝2px(p>0)的焦点为F，A为C上异于原点的任意一点，过点A的直线l交C于另一点B，交x轴的正半轴于点D，且有|FA|＝|FD|.当点A的横坐标为3时，△ADF为正三角形．(1)求C的方程；(2)若直线l1∥l，且l1和C有且只有一个公共点E，(ⅰ)证明：直线AE过定点，并求出定点坐标；(ⅱ)△ABE的面积是否存在最小值？若存在，请求出最小值；若不存在，请说明理由．[解析] (1)由题意知F(，0)，设D(t,0)(t>0)，则FD的中点为(，0)．因为|FA|＝|FD|，由抛物线的定义知3＋＝|t－|，解得t＝3＋p或t＝－3(舍去)，由＝3，解得p＝2.所以抛物线C的方程为y2＝4x.20\n(2)(ⅰ)由(1)知F(1,0)．设A(x0，y0)(x0y0≠0)，D(xD,0)(xD>0)，因为|FA|＝|FD|，得|xD－1|＝x0＋1，由xD>0得xD＝x0＋2，故D(x0＋2,0)．故直线AB的斜率kAB＝－.因为直线l1和直线AB平行，设直线l1的方程为y＝－x＋b，代入抛物线方程得y2＋y－＝0，由题意Δ＝＋＝0，得b＝－，设E(xE，yE)，则yE＝－，xE＝.当y≠4时，kAE＝＝－＝，可得直线AE的方程为y－y0＝(x－x0)，由y＝4x0，整理可得y＝(x－1)，故直线AE恒过点F(1,0)．当y＝4时，直线AE的方程为x＝1，过点F(1,0)．所以直线AE过定点F(1,0)．(ⅱ)由(ⅰ)知直线AE过焦点F(1,0)，所以|AE|＝|AF|＋|FE|＝(x0＋1)＋(＋1)＝x0＋＋2.设直线AE的方程为x＝my＋1，因为点A(x0，y0)在直线AE上，故m＝.设B(x1，y1)．20\n直线AB的方程为y－y0＝－(x－x0)，由于y0≠0，可得x＝－y＋2＋x0，代入抛物线方程得y2＋y－8－4x0＝0.所以y0＋y1＝－，可求得y1＝－y0－，x1＝＋x0＋4.所以点B到直线AE的距离为d＝＝＝4(＋)．则△ABE的面积S＝×4(＋)(x0＋＋2)≥16，当且仅当＝x0，即x0＝1时等号成立．所以△ABE的面积的最小值为16.[方法点拨] 定点问题的求解策略把直线或曲线方程中的变量x、y当作常数看待，把方程一端化为零，既然直线或曲线过定点，那么这个方程就要对任意参数都成立，这时参数的系数就要全部等于零，这样就得到一个关于x、y的方程组，这个方程组的解所确定的点就是直线或曲线所过的定点．13．(文)(2022·甘肃省三诊)已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的离心率为，以原点O为圆心，椭圆的短半轴长为半径的圆与直线x－y＋＝0相切．(1)求椭圆C的标准方程；(2)若直线l：y＝kx＋m与椭圆C相交于A、B两点，且kOA·kOB＝－，试判断△AOB的面积是否为定值？若为定值，求出定值；若不为定值，说明理由．[解析] (1)由题意知e＝＝，∴e2＝＝＝，即a2＝b2，20\n又b＝＝，∴a2＝4，b2＝3，故椭圆的方程为＋＝1.(2)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，由得(3＋4k2)x2＋8mkx＋4(m2－3)＝0，△＝64m2k2－16(3＋4k2)(m2－3)>0,3＋4k2－m2>0.x1＋x2＝－，x1·x2＝.y1·y1＝(kx1＋m)·(kx2＋m)＝k2x1x2＋mk(x1＋x2)＋m2＝.kOA·kOB＝－，＝－，y1y2＝－x1x2，＝－·2m2－4k2＝3，|AB|＝＝＝.d＝＝≥＝，S＝|AB|d＝＝＝＝＝.[方法点拨] 定值问题的求解策略(1)在解析几何中，有些几何量与参数无关，这就是“定值”问题，解决这类问题常通过取特殊值，先确定“定值”是多少，再进行证明，或者将问题转化为代数式，再证明该式是与变量无关的常数，或者由该等式与变量无关，令其系数等于零即可得到定值．(2)求解定值问题的三个步骤①由特例得出一个值，此值一般就是定值；②证明定值，有时可直接证明定值，有时将问题转化为代数式，可证明该代数式与参数(某些变量)无关；也可令系数等于零，得出定值；20\n③得出结论．(理)椭圆C：＋＝1(a>b>0)的离心率e＝，a＋b＝3.(1)求椭圆C的方程；(2)如图，A、B、D是椭圆C的顶点，P是椭圆C上除顶点外的任意一点，直线DP交x轴于点N，直线AD交BP于点M，设BP的斜率为k，MN的斜率为m，证明：2m－k为定值．[解析] (1)因为e＝＝，所以a＝c，b＝c.代入a＋b＝3得，c＝，a＝2，b＝1.故椭圆的方程为＋y2＝1.(2)方法一：因为B(2,0)，P不为椭圆顶点，则直线BP的方程为y＝k(x－2)(k≠0，k≠±)．①①代入＋y2＝1，解得P(，－)．直线AD的方程为：y＝x＋1.②①与②联立解得M(，)，由D(0,1)，P(，－)，N(x,0)三点共线知＝，解得N(，0)．所以MN的斜率为m＝＝＝，20\n则2m－k＝－k＝(定值)．(2)方法二：设P(x0，y0)(x0≠0，±2)，则k＝，直线AD的方程为：y＝(x＋2)．直线BP的方程为y＝(x－2)，直线DP的方程为：y－1＝x，令y＝0，由于y0≠1可得N(，0)．联立解得M(，)，因此MN的斜率为m＝＝＝＝，所以2m－k＝－＝＝＝＝(定值)．14．(文)(2022·辽宁葫芦岛市一模)设椭圆C：＋＝1(a>b>0)的左焦点为F，离心率为，过点F且与x轴垂直的直线被椭圆截得的线段长为.(1)求椭圆C的方程；(2)直线l：y＝kx＋t(t≠0)与椭圆C交于M、N两点，线段MN的垂直平分线与y轴交点P，求△MON(O为坐标原点)面积的最大值．20\n[解析] (1)∵e＝，∴a2＝3c2＝3a2－3b2，∴2a2＝3b2将x＝－c代入椭圆方程得：y2＝，y＝±，由题意：＝，∴2a＝b2，解得：a2＝3，b2＝2∴椭圆C的方程为：＋＝1(2)联立方程组：消去y整理得：(3k2＋2)x2＋6ktx＋3t2－6＝0 ①∴Δ＝36k2t2－4(3k2＋2)·(3t2－6)＝24(3k2＋2－t2)>0，∴3k2＋2>t2 ②设M(x1，y1)，N(x2，y2)，则x1，x2是方程①的两个解，由韦达定理得：x1＋x2＝，y1＋y2＝k(x1＋x2)＋2t＝＋2t＝设MN的中点为G(x0，y0)，则x0＝＝，y0＝＝∴线段MN的垂直平分线方程为：y－＝－将P代入得：＋＝化简得：3k2＋2＝4t代入②式得：4t>t2，∴0<t<4|MN|＝·＝·＝·＝·设O到直线MN的距离为d，则d＝∴S△NOM＝·|MN|·d＝···＝·＝·≤(当且仅当t＝2，k＝±时取“＝”号)20\n∴△MON面积的最大值为，此时直线l的方程为：y＝±x＋2.(理)(2022·浙江理，19)已知椭圆＋y2＝1上两个不同的点A，B关于直线y＝mx＋对称．(1)求实数m的取值范围；(2)求△AOB面积的最大值(O为坐标原点)．[分析] 考查直线与椭圆的位置关系；点到直线的距离公式；求函数的最值及运算求解能力、函数与方程的思想．(1)可设出直线AB的方程，与椭圆方程联立消元化为一元二次方程，由AB的中点在已知直线上知方程有两个不同的解，由此可得到关于m的不等式，从而求解；(2)令t＝，可将△AOB表示为t的函数，从而将问题等价转化为在给定范围上求函数的最值，从而获解．[解析] (1)由题意知m≠0，可设直线AB的方程为y＝－x＋b，由消去y，得(＋)x2－x＋b2－1＝0，∵直线y＝－x＋b与椭圆＋y2＝1有两个不同的交点，∴Δ＝－2b2＋2＋＞0，①，将AB中点M(，)代入直线方程y＝mx＋解得b＝－，②.由①②得m＜－或m＞.(2)令t＝∈(－，0)∪(0，)，则|AB|＝·，且O到直线AB的距离为d＝，设△AOB的面积为S(t)，∴S(t)＝|AB|·d＝20\n≤，当且仅当t2＝时，等号成立，故△AOB面积的最大值为.15．(2022·福建理，19)已知双曲线E：－＝1(a>0，b>0)的两条渐近线分别为l1：y＝2x，l2：y＝－2x.(1)求双曲线E的离心率；(2)如图，O为坐标原点，动直线l分别交直线l1、l2于A，B两点(A、B分别在第一、四象限)，且△OAB的面积恒为8.试探究：是否存在总与直线l有且只有一个公共点的双曲线E？若存在，求出双曲线E的方程；若不存在，说明理由．[解析] (1)∵双曲线E的渐近线分别为y＝2x，y＝－2x，∴＝2，∴＝2，故c＝a，从而双曲线E的离心率e＝＝.(2)由(1)知，双曲线E的方程为－＝1.设直线l与x轴相交于点C，当l⊥x轴时，若直线l与双曲线E只有一个公共点，则|OC|＝a，|AB|＝4a，20\n又∵△OAB的面积为8，∴|OC|·|AB|＝8，因此a·4a＝8，解得a＝2，此时双曲线E的方程为－＝1，若存在满足条件的双曲线E，则E的方程只能是－＝1.以下证明：当直线l与x轴不垂直时，双曲线E：－＝1也满足条件，设直线l的方程为y＝kx＋m，依题意得k>2或k<－2，则C(－，0)，记A(x1，y1)、B(x2，y2)．由得y1＝，同理得y2＝.由S△OAB＝|OC|·|y1－y2|得|－|·|－|＝8，即m2＝4|4－k2|＝4(k2－4)，由得，(4－k2)x2－2kmx－m2－16＝0，∵4－k2<0∴Δ＝4k2m2＋4(4－k2)(m2＋16)＝－16(4k2－m2－16)，又∵m2＝4(k2－4)，∴Δ＝0，即直线l与双曲线E有且只有一个公共点，因此，存在总与l有且只有一个公共点的双曲线E，且E的方程为－＝1.[方法点拨] 1.求曲线的轨迹方程时，先看轨迹的形状是否预知，若能依据条件确定其形状，可用定义法或待定系数法求解；若动点P与另一动点Q有关，Q在已知曲线上运动，可用代入法求动点P的轨迹方程；否则用直译法求解．2．存在性问题主要体现在以下几方面：(1)点是否存在；20\n(2)曲线是否存在；(3)命题是否成立．解决这类问题的一般思路是先假设存在满足题意的元素，经过推理论证，如果可以得到成立的结果，就可以作出存在的结论；若得到与已知条件、定义、公理、定理、性质相矛盾的结论，则说明假设不存在，其一般步骤为：20
