扬州市2022年初中毕业、升学统一考试物理试题（解析）说明：1．本试卷共6页,包含选择题(第1题～第12题，共12题)、非选择题(第13题～第28题,共16题)两部分。本卷满分100分，考试时间为100分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。2．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应的位置上，同时务必在试卷的装订线内将本人的姓名、准考证号、毕业学校填写好，在试卷第一面的右下角写好座位号。3．所有的试题都必须在专用的“答题卡”上作答，选择题用2B铅笔作答、非选择题在指定位置用0.5毫米的黑色墨水签字笔作答。在试卷或草稿纸上答题无效。4．如有作图需要，请用2B铅笔作答，并请加黑加粗，描写清楚。一、选择题(本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确)1．手掌按住正在发声的鼓面，鼓声消失了，原因是手A．不能传播声音B．吸收了声波C．把声音反射回去了D．使鼓面停止了振动考点：声音的产生．专题：声现象．分析：声音是由物体的振动产生的，振动停止，声音也停止．解答：解：敲鼓时鼓面振动发出声音，手掌按住鼓面，鼓面停止振动，因此鼓声消失．故选D．点评：本题考查了声音的产生，是声学的基础知识，属于识记性内容．2．下列现象中，能用光的直线传播解释的是A．树荫下圆形光斑B．海市蜃楼C．露珠下的叶脉D．水中“倒影”考点：光直线传播的应用；光的反射；光的折射现象及其应用．专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．分析：（1）在日常生活中，激光准直、日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹等．18\n解答：解：A、树荫下圆形光斑，是太阳通过树叶的空隙成的像，是小孔成像现象，属于光的直线传播，符合题意；B、海市蜃楼是一种光学幻景，是地球上物体反射的光经密度不均匀的大气折射而形成的虚像，不符合题意；C、露珠是圆形的，露珠下的叶脉看起来较大，是凸透镜的成像现象，不符合题意；D、水中的“倒影”，是房子在水面成的虚像，是光的反射现象，不符合题意．故选A．点评：本题考查了学生对三种光学现象的区分，是光学基础知识的考查，把握住三种光现象的本质是解决此类题目的关键，是中考考查的热点题型．3．以下估测接近实际的是A．教室黑板的高度约为70dmB．人感觉舒适的环境约20℃C．某中学生的重力约50ND．课桌上的橡皮掉到地上时间约10s考点：长度的估测；温度；时间的估测；重力大小的估测．专题：估算综合应用题．分析：此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案．解答：解：A、教室地面到天花板的高度大约3m=30dm，黑板的高度在7dm左右．此选项不符合实际；B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右．此选项符合实际；C、中学生的质量在50kg左右，受到的重力为50kg×10N/kg=500N．此选项不符合实际；D、课桌的高度在70cm左右，课桌上的橡皮掉到地上时间不到1s．故选B．点评：对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的4．“花卉节”已经成为扬州的一张城市名片，走近花园就闻到扑鼻的花香，这是因为A．分子之间存在引力B．分子之间存在斥力C．分子之间没有空隙D．分子不同的做无规则运动考点：分子的热运动．专题：分子热运动、内能．分析：物质由分子组成的，分子在不停地做无规则运动．解答：解：人们能闻到花香是因为分子在不断运动，花香的分子运动到空气中，进入人们的鼻孔，使人感觉到了香味，说明了分子是在不断的运动的．故选D．点评：本题主要考查了分子是运动的观点，培养了学生能从宏观现象透析出微观变化，从透过现象看到本质，能够初步了解一些宏观变化的5．氟利昂是电冰箱中热的搬运工，液态氟利昂进入冰箱冷冻室吸走热量，此时氟利昂发生的物态变化是A．汽化B．液化C．熔化D．凝固考点：熔化吸热和凝固放热在生活中的应用．分析：液态的物质可以发生两种变化：①吸热汽化，②放热凝固，所以液态物质究竟会发生哪种状态变化取决于它是吸热还是放热．解答：解：液态的氟利昂在冰箱冷冻室内吸收热量，所以发生的状态变化是汽化．故选A．点评：物质的状态变化是一种热现象，在状态变化的同时伴随着能量的变化，同样是由于能量的变化影响到了物质的状态变化．6．下列机械或工具的使用，属于费力杠杆的是18\nA．羊角锤B．筷子C．起瓶器D．独轮车考点：杠杆的分类．专题：简单机械．分析：结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．解答：解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故选B．点评：此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．7．将质量为200g、底面积为4×10-2m2的物理书平放在水平课桌中央，课桌面积为0.2m2，则书对课桌的压强为（g取10N/kg）A．5PaB．10PaC．50PaD．5000Pa考点：压强的大小及其计算．专题：计算题；压强、液体的压强．分析：物理书对水平桌面的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，再根据压强公式求出书对课桌的压强．解答：已知：m=200g=0.2kg，S=4×10-2m2，g=10N/kg求：书对课桌的压强p解：书对课桌的压力：F=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，书对课桌的压强：p=F/S=2N/4x10-2m2=50Pa故选C．点评：本题考查了压力和压强的计算，是一道较为简单的计算题．8．下图是课本中的几个实验，演示磁场对通电导体有力作用的是NSABS0ABCD考点：磁场对通电导线的作用；通电直导线周围的磁场；电磁感应．专题：图析法；磁现象、电生磁；电动机、磁生电．分析：由实验的装置及现象可知实验的原理和目的，则可判断哪一个符合要求．18\n解答：解：A、当闭合开关后，放在磁场中的导体AB中有电流通过，且导体会动起来，说明磁场对通电导体有力的作用，故A符合题意．B、该实验装置中没有电源，当放在磁场中的导体AB在磁场中做切割磁感线运动时，灵敏检流计的指针就会偏转，即产生了感应电流，这是电磁感应现象，故B不符合题意．C、当导体中有电流通过时，放在导体下方的小磁针发生了偏转，说明通电导线周围存在磁场，故C不符合题意；D、该实验中当扇叶转动时小灯泡会发光，演示的电磁感应现象，故D不符合题意．故选A．点评：演示电与磁的关系的实验较多，如电流的磁效应实验、电磁铁、电磁感应及通电导体在磁场中受力的作用等，都应做到熟练应用．9．如图，一束光垂直入射到平面镜，发射光线经过的点是A．甲B．乙C．丙D．丁丙乙甲丁第9题图考点：光的反射定律．专题：光的传播和反射、平面镜成像．分析：要解决此题，需要掌握解当光线垂直射到一平面镜上时，反射光线按原路返回．解答：解：当光线垂直射到一平面镜上时，反射光线按原路返回，则其反射光线经过丙点，如图所示：故选C．点评：此题主要考查了光的反射定律的内容，明确当光线垂直射到一平面镜上时，反射光线按原路返回是解答此题的关键．10．检查近视眼是否饮酒设备的电路如图甲，R为酒精气体传感器，其阻值随酒精气体浓度的变化曲线如图乙，R0为定值电阻，电源电压不变。当检测酒精气体浓度增大时A．电流表示数减小B．电压表示数减小C．电路总电阻增大D．电路总功率增大SR0RV1AR浓度甲乙第10题图18\n考点：电路的动态分析．专题：电路变化分析综合题．分析：由电路图知，电阻R0与R串联，电压表测电阻R0两端电压，由图象找出电阻R的阻值随酒精气体浓度变化而变化的关系，根据串联电路电阻的特点求出总电阻的变化，由欧姆定律判断电路电流如何变化，由U=IR可知电压表示数如何变化，由P=UI可知电流总功率的变化．解答：解：（1）由图象可知，随酒精浓度的增大，酒精气体传感器R阻值减小，由于串联电路总电阻等于各部分电阻之和，因此电路的总电阻变小；由I=U/R可知，电路中电流变大；故AC错误；（2）由于电路电流增大，由U=IR可知，R0两端电压变大，即电压表示数变大；故B错误；（2）因为电源电压不变，电流表示数变大，由P=UI可知，电路消耗的总功率变大；故D正确．故选D．点评：本题是一道闭合电路动态分析题，根据图象知道酒精气体传感器随酒精浓度的变化关系、熟练应用串联电路特点是正确解题的关键．11．小明观察如下漫画，总结了四个观点，错误的是不动还不动哎哟喂甲乙丙A．甲图此刻人对箱子推力等于箱子受到的摩擦力B．乙图此刻箱子受到的摩擦力大于甲图此刻箱子受到的摩擦力C．丙图此刻人对箱子推力大于箱子受到的摩擦力D．丙图箱子在同一水平面上滑动时受到的摩擦力大小不变考点：摩擦力的大小．专题：重力、弹力、摩擦力．分析：先判断物体的运动状态，再根据运动状态判断力的大小，物体如果在水平推力的作用下静止，那么摩擦力和拉力二力平衡，大小相等，拉力是多大，摩擦力就是多大；解答：解：A、甲图中小明用水平推力推木箱，但没有推动，即此时木箱处于平衡状态，此时所受的推力和摩擦力是一对平衡力，故这两个力大小相等；故A正确；B、乙图中表示小明用更大的推力，但木箱仍然没有推动，即仍处于平衡状态，所受的推力和摩擦力是一对平衡力，这两个力大小相等，此刻箱子受到的摩擦力大于甲图此刻箱子受到的摩擦力；故B正确；C、丙图中表示小明木箱在水平地面上已运动起来，但小明已经摔倒，不在对木箱施加推力，故C错误，符合题意；D、丙图中木箱在水平地面上运动，由木箱和水平地面没有改变，所以受到的摩擦力大小不变，故D正确．故选C．点评：静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力的条件判断力的大小和力的方向，是很常用的一种方法．18\n12．现有量杯、小酒杯（能浮在量杯中的水面上）、水和形状不规则的小石块，通过实验测石块：①体积，②在水中受到的浮力，③质量，④在水中受到的压强。能完成的是A．①B．①②C．①②③D．①②③④考点：物理学方法．专题：其他综合题．分析：①量杯或量筒是测量液体体积的工具，浸没在液体中的物体其体积等于排开的液体的体积；②浸在液体中的物体，受到的浮力等于排开的液体受到的重力；③漂浮的物体其质量等于排开的液体的质量；④液体的压强与液体的密度和深度成正比．解答：解：①要测量小石块的体积，可以在量杯中倒入适量的水，记下体积V0，然后放入小石块，记下水和石块的总体积V1，则小石块的体积为V=V1-V0；②要测量小石块受到的浮力，可以在量杯中倒入适量的水，记下体积V0，然后放入小石块，记下水和石块的总体积V1，则小石块排开水的体积为V排=V1-V0；，所以小石块受到的浮力为F浮=ρ水g（V1-V0）；③要测量小石块的质量，可以在量杯中倒入适量的水，将小酒杯放在水面上，记下体积V0，然后将小石块放在小酒杯中，使小酒杯仍然漂浮，记下水、小酒杯、石块的总体积V1，则小石块排开水的体积为V排=V1-V0；小石块的质量为m=m排=ρ水（V1-V0）；④要测量小石块受到水的压强，需要知道水的密度（已知）和小石块所在水的深度，但量杯测量的是液体的体积，不是深度，所以无法测量．故选C．点评：此题属于设计实验题，根据题目提供的器材确定能够完成的实验，有一定的难度，是我们容易失分的题型，应该重点突破，多巩固．二、填空题（本题共9小题，每空1分，共27分）13．“烟花三月下扬州”，小明游东关街时购买了如图所示的扬州三把刀（厨刀、修脚刀、理发刀），发现刀刃都很薄，这是为了__________，手握位置都凹凸不平，这又是为了_________。他还了解到瘦西湖地下隧道正在施工，明年竣工通车，隧道全长3.6km，若车以60km/h速度通过隧道需______min。考点：增大压强的方法及其应用；速度公式及其应用；增大或减小摩擦的方法．第13题图专题：控制变量法；其他综合题．分析：（1）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关．增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．（2）摩擦力大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关，增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力．（3）知道隧道的路程和行车速度，根据t=S/V求出通过的时间．18\n解答：解：（1）刀刃都很薄，在压力一定时，减小受力面积来增大压强．（2）手握位置都凹凸不平，在压力一定时，增大接触面粗糙程度来增大摩擦．（3）∵v=S/t，∴t=S/V=3.6km/60km/h=0.06h=3.6min故答案为：增大压强；增大摩擦；3.6．点评：压强和摩擦力的影响因素比较相似，注意区分，防止混淆．14．如图表示的是汽油机的_____冲程；在压缩冲程中，是通过____方式增加气体内能的。考点：内燃机的四个冲程．专题：比热容、热机、热值．第14题图分析：内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，知道当气门都关闭，活塞向下运动时，是做功冲程；压缩冲程，活塞向上，活塞对汽缸内混合燃料气体做功，燃料气体的内能增加温度升高，机械能转化为内能．解答：解：由图可知两气门都关闭，活塞向下运动，表示的是做功冲程；在压缩冲程中，是通过做功的方式增加气体内能的．故答案为：做功；做功．点评：解决此类问题关键是看气门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程．内燃机的四个冲程中有两个冲程存在能量转化：压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能．15．如图，将装有水的小瓶瓶口向_______（上/下），使其漂浮在大塑料瓶的水面上，将大塑料瓶密封后，就制成了“浮沉子”。制作时，在小瓶中放入的水要适量，水过少了，会导致___________。考点：物体的浮沉条件及其应用．专题：简答题；浮沉的应用．第15题图分析：①浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉．②在气体质量一定时，气体体积越小压强越大．解答：解：“浮沉子”的原理：挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉．松开手，小瓶内水面上的空气体积增大，压强减小，浮沉子里面被压缩的空气把水压出来，此时浮沉子的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮．由此可知装有水的小瓶瓶口应向下放置大塑料瓶的水面上，在小瓶中放入的水要适量，水过少了，使小瓶子的重心偏上，当手捏大瓶时，进入浮沉子里的水，它的重力增加不多，不足够大于它受到的浮力，小瓶可能不能沉入水中．故答案为：下；手捏大瓶时，小瓶可能不能沉入水中．点评：此题是大气压和浮力的一个综合考查，知道“浮沉子”的原理是解答本题的关键．16．如图，我国“歼15”舰载机已在“辽宁舰”上成功起降，“辽宁舰”18\n成为真正意义上的航母。舰载机往航母甲板上降落时，以_______为参照物，舰载机是运动的；舰载机着舰后由于_________继续高速运动，所以必须适时放下着舰钩，钩住甲板上的拦阻索，达到强行减速目的，其中涉及的力学知识是_______（选填一项）；当舰载机停在航母水平甲板上时，其重力与_______力属于平衡力。第16题图考点：参照物及其选择；力的作用效果；惯性；平衡状态的判断．专题：运动和力．分析：（1）判断一个物体的运动与静止关键看选择什么作参照物，再看物体相对于参照物的位置是否发生改变；（2）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性是物体基本的性质，任何物体都具有惯性；（3）力是改变物体运动状态的原因，物体的运动状态发生改变，一定是受到了力的作用；（4）静止或做匀速直线运动的物体处于平衡状态，受到的力为平衡力；平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．解答：解：（1）舰载机往航母甲板上降落时，相对于甲板的位置不断发生改变，因此以甲板为参照物，航载机是运动的．（2）航载机着舰后，由于惯性不会立即停下来，因此会继续向前运动．（3）放下着舰钩，钩住甲板上的拦阻索，对舰载机强行减速，拦阻索的阻力使舰载机停下来，改变了舰载机的运动状态．（4）舰载机停在航母甲板上，受到重力和支持力的作用，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，属于一对平衡力．故答案为：航母甲板；惯性；力改变物体的运动状态；支持．点评：本题以我国第一艘航母“辽宁舰”为内容，考查运动和静止的相对性、力与运动的关系、平衡力的相关知识，具有一定的综合性，是中考的热点题型．17．今年，我国将发射“嫦娥三号”探测器，进行首次月球软着陆和自动巡视勘察。由于_________，探测器在月球下降时不能采用降落伞，只能靠探测器上发动机点火受力，软着陆在月球表面。着陆后，月球车将在月球表面巡游90天，月球车的构造如图所示，中间有一个“桅杆”，上面有______（凹/凸）透镜制成的“眼睛”，可对周围的地形地貌进行拍摄；上面还有天线，地面上的工作人员通过______波实现对车的控制。第17题图考点：声音的传播条件；凸透镜成像的应用；电磁波的传播．专题：社会热点综合题．分析：（1）月球上没有空气，降落伞不能工作．（2）摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理制成的．（3）地面上的工作人员通过电磁波实现对车的控制的．解答：解：月球周围是真空，没有空气，所以月球着陆器不能利用降落伞进行月面着陆；月球车上面的“眼睛”是摄像机的镜头，所以它是凸透镜； 地面上的工作人员通过电磁波实现对月球车的控制的．故答案为：月球周围是真空，没有空气；凸；电磁．点评：本题考查了学生对问题的分析能力，要求学生熟练掌握物理知识，并能举一反三、学以致用．18．如图，在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热。18\n（1）加热相同时间后，分别测量两者的温度，发现沙子的温度明显高于水，这是因为________；加热时搅拌沙子，目的是___________。（2）在两烧杯上方分别盖上玻璃片，过一会儿发现装水烧杯上方的玻璃片内侧有小水珠，用手摸两个玻璃片，发现装________（沙子/水）烧杯上方的玻璃片温度比较高，原因是__________。玻璃片水玻璃片沙子第18题图考点：比热容的概念；液化及液化现象．专题：探究型实验综合题．分析：（1）根据Q吸=cm△t变形公式△t=Q吸/cm进行分析．在加热过程中，为使沙子能够均匀受热，要不断进行搅拌．（2）分析装水烧杯上方的玻璃片内侧水珠的形成原因，利用液化放热的原理进行解释．解答：解：（1）由Q吸=cm△t得，△t=Q吸/cm，水和沙子的质量相同，吸收相同的热量，由于沙子的比热容小于水的比热容，所以温度变化较大．加热时搅拌沙子，目的是使沙子能够均匀受热．（2）装水烧杯上方的玻璃片内侧的小水珠是由于水蒸发形成的水蒸气遇冷液化形成的，在液化时要放热，所以烧杯上方的玻璃片温度比较高．故答案为：（1）沙子比热容小于水的比热容；使沙子受热均匀；（2）水；水蒸气液化放热．点评：此题考查了学生对比热容的认识及理解，同时考查了物态变化中的液化现象及其特点．19．在探究凸透镜成像实验中：（1）如图甲，要使像能够成在光屏的中央，应将透镜向_______（上/下）调整。（2）若凸透镜的焦距是10cm，当烛焰距凸透镜15cm时，能成倒立、_______的实像；当烛焰向左（远离透镜）移动后，要在光屏上成清晰的像，需将光屏向_____(左/右)移。（3）在上一步实验获得清晰的像后，小明取了一副近视眼镜放在凸透镜前（如图乙），要使光屏上还能成清晰的像，可将蜡烛向_____(左/右)移。考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）如图，像在光屏的上方，说明像比较靠上，根据光线过光心不改变方向，透镜要向下移动，或光屏向上移动，或烛焰向上移动．（2）①根据凸透镜成像的三种情况进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像．u＜f，成正立、放大的虚像．②18\n光屏上能接到的像是实像，光屏上不能接到的像是虚像．凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小．（3）近视眼佩戴凹透镜进行矫正，凹透镜对光线有发散作用，此时在凸透镜的前面放一个凹透镜，要使光屏上清晰的像，光屏远离凸透镜，或烛焰远离凸透镜．解答：解：（1）如图甲，要使像能够成在光屏的中央，根据光线过光心不改变方向，透明向下移动，才能使像成在光屏的中央位置．（2）①凸透镜的焦距是10cm，当烛焰距凸透镜15cm时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像．②要在光屏上成清晰的像，说明凸透镜成实像，当烛焰向左（远离透镜）移动后，需将光屏向左靠近凸透镜．（3）在上一步实验获得清晰的像后，小明取了一副近视眼镜放在凸透镜前（如图乙），要使光屏上还能成清晰的像，可将蜡烛向左远离凸透镜．故答案为：（1）下；（2）放大；左；（3）左．点评：（1）凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，以及凸透镜成像的三种情况是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握．（2）正确理解凸透镜对光线的会聚作用和凹透镜对光线的发散作用：凸透镜的会聚作用是使原来的光路变窄，会聚的光线提前会聚，平行光会聚成点，发散的光线变为平行光或发散小一些的光线；凹透镜的发散作用是使原来的光路变宽，会聚的光线错后会聚，平行光线变得发散，发散的光线变20．干电池使用时将_______能转化为_______能。我们可以买到标有1.5V字样的电池，却买不到标有1.5A字样的电池，你认为其中的原因是_________________。考点：电源及其能量转化．专题：电流和电路．分析：干电池是电源的一种，它在对外电的时候是把化学能转化为电能；电池提供的电压一定，而产生的电流与接入的电阻有关．解答：解：干电池工作是把化学能转化为电能；我们可以买到标有1.5V字样的电池，却买不到标有1.5A字样的电池，原因是：电池提供的电压一定，而产生的电流与接入的电阻有关（或电池提供的电压一定，而提供的电流是变化的；或电池提供的电流是变化的）．故答案为：化学；电；电池提供的电压一定，而产生的电流与接入的电阻有关（或电池提供的电压一定，而提供的电流是变化的；或电池提供的电流是变化的）．点评：解本题的关键是掌握电源的工作原理以及工作时能量的转化．21．今年6月，我国空调“能效比”实行新的等级标准，空调制冷“能效比”EER是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率比。小明家需要一台制冷量为3200W的空调，若选“能效比”为3.2的空调，则制冷消耗的电功率为________W；若选“能效比”为4.0的空调，工作1h将比原空调节约电能_______kW¡·h。考点：电功率的计算；电功的计算．专题：计算题；电能和电功率．分析：根据能效比的含义求出制冷量为3200W的制冷空调消耗的电功率，再求出能效比4.0空调的电功率，两者功率的差值即为节约的电功率，利用W=Pt求出工作1h节约的电能．解答：解：∵能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率比，∴能效比为3.2的空调消耗的电功率：P1=P制冷量/3.2=3200W/3.2=1000W，能效比为4.0的空调消耗的电功率：P2=P制冷量/4=3200W/418\n=800W，节约的电功率：P=P1-P2=1000W-800W=200W=0.2kW，工作1h节约的电能：W=Pt=0.2kW×1h=0.2kW•h．故答案为：1000；0.2．点评：本题考查了电功率和电功的计算，关键是明白能效比的含义，对学生获取信息解决问题的能力要求较高．三、解答题22．（6分）按题目要求作图。（1）如图甲，画出物体在光滑斜面上下滑时的受力示意图。（2）如图乙，用笔画线代替导线将部分家庭电路连接完整。（3）如图丙，通过凸透镜焦点的光线AO，经过凸透镜沿OB方向射出，作出该凸透镜和焦点F的位置。（保留作图痕迹）甲乙丙考点：力的示意图；透镜的光路图；家庭电路的连接．专题：图像综合题．分析：（1）对物体进行受力分析可知：物体一定受力重力和支持力的作用，因为是光滑的斜面，所以是没有摩擦力的，最后再按作图的要求画图即可；（2）家庭电路中，电灯与开关是串联的，而电灯与插座之间应该是并联的，同时三孔插座应该遵循“左零右火上接地”的原则；（3）对于凸透镜来讲，只有过焦点的光线，经凸透镜折射后才会平行射出，据此来分析凸透镜的位置．解答：解：（1）物体受竖直向下的重力G和垂直于接触面向上的支持力F的作用，如图甲所示；（2）灯泡与开关串联，火线先进开关，再进灯泡；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图乙所示；（3）与OB平行画出透镜的上光轴，与AO的交点F就是凸透镜的焦点，再过折射点的位置画出凸透镜，如图丙所示．18\n点评：（1）图甲的关键是要知道这里是没有摩擦力的；（2）图乙要注意灯与插座是并联的，再按常规要求进行连接；（3）图丙的难点在于确定焦点的位置和凸透镜的具体放法，有一定的技巧性．23．（6分）工人用如图所示的装置将重物提高5m，已知物重为800N，人对绳的拉力为500N。求此过程中：（1）做的做功。（2）做的有用功。（3）滑轮组的机械效率。考点：功的计算；滑轮（组）的机械效率．专题：计算题；功、功率、机械效率．分析：由图知，承担物重的绳子股数n=2，S=2h；（1）从题可知，拉力做的功是总功，可利用公式W总=FS计算总功；（2）提起货物做的功是有用功，可利用公式W有用=Gh计算有用功；（3）利用公式η=W有用/W总计算机械效率．解答：解：从图可知，n=2，S=2h=2×5m=10m；（1）F=500N，S=10m，∵W=FS∴拉力做的总功为：W总=FS=500N×10m=5000J；（2）G=800N，h=5m，∵W=FS∴对物体做的有用功为：W有用=FS=Gh=800N×5m=4000J；（3）∵η=W有用/Q总∴该滑轮组的机械效率为：η=W有用/Q总×100%=4000J/5000J×100%=80%．答：（1）做的总功5000J；（2）做的有用功4000J；（3）滑轮组的机械效率80%．点评：本题考查了有用功、总功、机械效率的计算，考查的知识点较多，本题关键：一是判断承担物重的绳子段数（直接从动滑轮上引出的绳子股数），二是区分有用功和总功（从我们的目的出发分析，对我们有用的为有用功）．24．（6分）右表是小明家电热水壶的铭牌。求：（1）电热水壶的电阻。（2）将1Kg水从20℃加热到100℃，水吸收的热量。产品型号EL—8952额定功率220V频率50HZ额定功率1000W容量1.0L（3）要放出这些热量，电热水壶正常工作的时间[不计热量损失，c水=4.2×103J/(kg·℃)]考点：电功与热量的综合计算；电功率的计算．专题：计算题；电能和电功率；电和热综合题．18\n分析：（1）已知电热水壶的额定功率和额定电压，根据公式R=U2/P可求电热水壶的电阻；（2）知道水的质量、水的比热容和水温的变化，利用Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量；（3）不计热量损失时，根据Q=W=Pt求出放出这些热量电热水壶工作的时间．解答：解：（1）根据R=U2/P可得，电热水壶的电阻：R=U2/P=（220V）2/1000W=48.4Ω；（2）水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=3.36×105J；（3）不计热量损失时，根据Q=W=Pt可得，电热水壶正常工作的时间：t=W/P=Q吸/P=3.36×105J/1000W=336s．答：（1）电热水壶的电阻为48.4Ω；（2）水吸收的热量为3.36×105J；（3）要放出这些热量，电热水壶正常工作336s．点评：本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活息息相关，使学生觉得学了物理有用，在应用时要注意应结合题意选择合适的计算公式．25．(8分)在测油密度的实验中：（1）把天平放在___________，游码移至零刻度线处，若指针偏向分度盘左侧，应将平衡螺母向_____（左/右）调，使横梁平衡。（2）小明测量的情况如图所示，请将实验数据和测量结果填入表中：烧杯和油的总质量/g烧杯和剩余油的总质量/g倒出油的质量/g倒出油的体积/cm3油的密度/g·cm-354.4（3）小明又设计出测油密度的另一种方法，步骤如下：A．测出空烧杯质量m0；B．往烧杯内倒入适量的油，测出杯与油的质量m1；G．测出量筒内剩余油的体积V0；D．往量筒内注入适量的油，测出体积V。以上步骤正确的顺序是：_________（填字母序号），用所测物理量的符号写出油密度的表达式ρ=_____。甲乙第25题图第26题图考点：液体密度的测量．专题：测量型实验综合题．18\n分析：（1）掌握天平的使用：将天平放在水平桌面上，先将游码归零，而后调节横梁右端的平衡螺母使得天平平衡．哪边的盘高，平衡螺母应向哪边移动．（2）将被测物体放进左盘中，向右盘中加减砝码，同时移动游码，使得天平再次平衡，将天平右盘中所有砝码的质量与游码所对应的示数相加即为待测物体的质量．在读数时，注意标尺的分度值．在进行量筒的读数时，要先确定量筒的分度值，视线与液面的凹底相平．将质量和体积代入公式ρ=m/v便可求得密度．（3）根据所测的数据尽量减小误差．所以应先测出总体积，测出烧杯的质量，将一部分倒入烧杯，测出倒出的质量，再测出倒出的体积就可以了．倒出的体积等于原来的总体积减剩余的体积．解答：解：（1）使用天平时，要把天平放在水平台上，若指针偏向分度盘左侧，说明右盘高，平衡螺母应向右调节．（2）由图知，标尺的分度值为0.2g，所以烧杯和剩余油的总质量为20g+10g+5g+2.4g=37.4g倒出油的质量为54.4g-37.4g=17g由图知，量筒的分度值为2ml，倒出油的体积为20ml所以油的密度为ρ=m/v=17g/20cm3=0.85g/cm3（3）小明的方法是通过倒入烧杯中的质量和体积得知油的密度．所以方法应是先在量筒中倒入油并读数，再测出空烧杯的质量，往烧杯内倒入适量的油，测出杯与油的质量，测出量筒内剩余油的体积．前两步的顺序颠倒不会影响测量结果．从而可以计算出倒出油的质量：m′=m1-m0．倒出油的体积：V′=V-V0所以ρ=m/v=(m1-m2)/(V-V0)故答案为：（1）水平台；右；（2）37.4；17；20；0.85；（3）ADBC（或DABC）；m1-m0V-V0点评：此题是测油密度的实验，通过实验考查了学生对天平的使用及读数，同时考查了有关密度公式的应用．有关小明的方法也是测量液体密度的方法，同学们在平时学习中要像小明一样善于动脑．26．（7分）在测“3.8V”小灯泡电功率实验中：（1）请你用笔画线代替导线，将甲图实物连接完整。（2）电路正确连接后，闭合开关，移动滑片，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则故障可能是_________。（3）排除故障后，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙为_______A，灯泡额定功率为_______W。（4）图丙所示电路中（R阻值已知），无电压表也能测出该灯泡额定功率的是______________。ABCD考点：电功率的测量．专题：测量型实验综合题．18\n分析：（1）掌握电压表和滑动变阻器的连接，电压表要与灯泡并联，注意量程的选择．滑动变阻器要接一上一下．（2）根据灯泡不亮判断电路中出现了断路，根据电压表的示数情况判断出现断路的地方．（3）在进行电流表读数时，要注意电流表的量程和分度值．将电流和电压代入公式P=UI便可计算出额定功率．（4）要测出小灯泡的额定功率，需使其两端的电压为额定电压．因为没有电压表，所以可以用电流表和定值电阻来代替，并且与电灯并联．当通过电阻的电压为3.8VR时，小灯泡会正常发光，然后测出通过灯泡的电流即可．可用到并联电路电流的关系．解答：解：（1）滑动变阻器已接了上面一个接线柱，还需接下面一个接线柱．电压表与灯泡并联，由于灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表应选择0～15V的量程．电路如图．．（2）灯泡不亮，电流表无示数，说明某处发生了断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联的灯泡出现了断路．（3）根据实际情况，电路中的电流不会很大，所以电流表选择的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，所以电流表的读数为0.3A．P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．（4）此题因为没有电压表，所以应将电阻与灯泡并联，要得知小灯泡正常发光，必须使灯泡两端的电压等于3.8V，根据并联电路的电压相等，当电阻两端的电压为3.8V时，通过它的电流为I=3.8V/R，所以电流表的接法中即能直接单独测出电阻的电流，又能间接测出通过灯泡的电流．A中无法得知小灯泡是否正常发光，所以不正确；B无法得知灯泡两端的电压是否为3.8V，所以不正确；C电流表可直接与电阻串联，可根据I=3.8V/R得知两端的电压是否为3.8V，所以C正确；D电路在接法上与A类似，所以不正确．故答案为：（1）见上图；（2）灯泡断路；（3）0.3；1.14；（4）C．点评：此题是测量小灯泡的功率，要掌握其测量原理P=UI，考查了有关电路的连接，注意电压表、电流表及滑动变阻器的接法．同时考查了电路故障的分析，此题出现的电路故障在电学实验中经常出现，注意理解掌握分析的方法．还考查了一种特殊测量功率的方法，与测电阻类似，要学会变通．27．（7分）小华骑自行车下坡时，想到从斜面下滑物体的快慢与哪些因素有关呢？回家后她找来了小车、秒表、刻度尺和充当斜面的木板进行探究，如图所示。首先对影响小车下滑快慢的因素作出以下猜想，猜想一：与小车的质量有关；猜想二：与斜面的高度有关；猜想三：与斜面的长度有关。（1）根据所学知识，断定猜想二是正确的，依据是______________。18\n（2）为了验证猜想一，小华设计的方案是在小车内放置不同数量的钩码，分别从斜面的顶端由静止释放，测出下滑的时间。小华测量的结果如下表，她怀疑第三次测量错误，于是重新测量并进行了修正。你认为小华第三次测量时间偏小的原因，除了秒表的使用和小车开始的位置不符合设计的要求外，还有一种在操作上存在的问题可能是___________；经过对修正后的数据分析，猜想一是______（正确/错误）的.实验次数1234小车内放置钩码的质量m/g050100150时间t/s2.52.52.02.5（3）为了验证猜想三，小华设计的方案是将小车分别从距斜面底端不同距离处由静止释放，测出下滑的时间。她通过测量发现下滑的时间不同，于是得出猜想三是正确的。请对小华这一探究作出评价，指出她存在的两个主要问题是①__________；②____________。（4）接着小华又作出：“小车下滑的快慢还与斜面倾角有关”的猜想，你认为她___（需/不需）要对这一猜想进行探究。如需要，说出方案，如不需要，说出原因：______。考点：控制变量法与探究性实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：（1）掌握影响动能、势能大小的因素，小车在下滑时将重力势能转化为动能．重力势能的大小与物体的质量和高度有关．（2）在让小车下滑时，要注意使其由静止滑下．若给出一个初速度，则会使下滑时间变短．根据表格中数据，分析小车速度与质量的关系．因为小车通过的路程是相同的，可以根据时间的长短判断速度的大小．（3）注意控制变量法的应用，根据速度公式知道所用时间的长短不仅速度有关，还与通过的路程有关．解答：解：（1）猜想二：与斜面的高度有关．斜面的高度越大，同一物体的重力势能越大，在下滑过程中转化成的动能越大，速度越大．所以断定猜想二是正确的．（2）在实验时，应保证由静止滑下，由表格中数据知，第三次下滑时间较短，可能是由于没有由静止滑下造成的．由表格中数据中，小车的质量不同，但下滑时间相同，又因为所经过的路程相同，所以速度是相同的，因此说明猜想一是错误的．（3）小华设计的方案是将小车分别从距斜面底端不同距离处由静止释放，在此过程中没有控制高度一定，所以会造成时间的不同．同时根据t=S/V，路程也会影响所用时间的长短．（4）由于斜面的高度和长度决定了斜面的倾角，所以不需要对这一猜想进行探究．故答案为：（1）动能是由重力势能转化而来的；（2）小车没有从静止释放；错误；（3）①改变长度时，没有控制高度一定；②路程不同，不能只通过时间比较运动快慢；（3）不需；斜面的高度、长度和倾角之间有一定的定量关系．点评：此题是探究从斜面下滑物体的快慢与哪些因素有关的实验，通过实验考查了学生对控制变量法的应用，同时考查了动能和势能的转化18\n28．（9分）如图甲是我国某地区风力发电的外景,风力发电机组主要由风机叶片和发动机组成。（1）风力发电利用的是风能，风能是清洁的、_______（可再生/不可再生）能源。（2）风机叶片具有质量轻、强度高、耐磨损等性能，通常用密度小，硬度______（大/小）的复合材料制成；叶片形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图乙所示，由于叶片两面空气流速不同产生压强差，而受到向______（上/下）的力使风叶旋转。（3）风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机，利用___________原理。实现机械能转化为电能。甲乙丙（4）某风力发电机的输出功率与风速的关系如图丙所示，由图像得到的下列信息，正确的有哪些_____A.只要有风，机组就能产生电能B.风速过大，机组不会产生电能C.风速越大，机组产生的电功率一定越大D.风速在一定范围内，机组产生的电功率可能不变（5）下表给出了在不同风速下某风机获得的能量：平均风速（m/s）51015201s内获得的能量（×104J）182764①对表格进行分析，你发现该风机1s内获得的能量与风速的定量关系是_____________________（用文字叙述）；②当风速为5m/s时，这台风机工作1s所产生的电能可供1只“220V100W”电灯正常工作10s，求风机发电的效率。考点：流体压强与流速的关系；电磁感应；电功率；能源的分类．专题：信息给予题；能源的利用与发展．分析：（1）风能是取之不尽用之不竭的能源，所以风能是可再生资源．（2）①风机叶片材料质量轻减小阻力易于转动，强度高防止变形，耐磨损增加使用寿命，密度小可以减小质量，硬度大增加使用寿命．②叶片上面弧形，下面平面，风经过叶片时，分析叶片上下空气流速，根据流速越大压强越小，分析压强大小，分析受力情况．（3）风力发电是把机械能转化为电能，应用电磁感应原理．（4）由图象丙进行分析，风速比较小时和风速比较大时，不会产生风能，在一定范围内电功率随风速增大而增大，在一定范围内，风速增大，电功率不变．（5）①由表格数据分析，风能随风速的增大而增大，并且有定量关系，把定量关系确定下来．②知道灯泡的额定功率和工作时间，求出有用功，知道总功，根据机械效率公式求出机械效率．18\n解答：解：（1）风能可以在自然界中源源不断的得到，风能是取之不尽用之不竭的能源，所以风能是可再生资源．（2）①风机叶片材料质量轻、强度大、耐磨损、密度小、硬度大，可以减小阻力，延长使用寿命，便于安装等．②由乙图知，叶片的上面是突出的弧形，下面是平面，空气流过时，上面空气流速大于下面空气流速，上面压强小于下面压强，叶片受到向上的力．（3）风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机发电，把风的机械能转化为电能，这是电磁感应现象．（4）由丙图知，A．在风很小和很大时，不能产生电能．选项错误，不符合题意．B．风速过大，机组不会产生电能．选项正确，符合题意．C．在一定范围内，风速越大，机组产生的电功率越大；在一定范围内，风速越大，机组产生的电功率不变；选项错误，不符合题意．D．风速在一定范围内，机组产生的电功率可能不变．选项正确，符合题意．（5）①由表格数据知，风速增大为原来的2倍，风能增大为原来的23倍，风速增大为原来的3倍，风能增大为原来的33倍…，所以风机获得的能量与风速的三次方成正比．②∵P=W/t，∴W有=Pt=100W×10s=1000J，η=W有/W总×100%=1000J/10000J×100%=10%．故答案为：（1）可再生；（2）大；上；（3）电磁感应；4）B、D；（5）①风机获得的能量与风速的三次方成正比；②10%．点评：本题考查了可再生能源、机械效率、流体压强和流速关系、电磁感应，其它内容都是从给定的材料中分析问题，考查学生对新事物的分析、判断能力，最近几年中考中出现的频率较高，并且有一定的难度．18
