2022年湖南省衡阳市中考物理试卷参考答案与试题解析 一、选择题（本题12个小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，把正确的答案按要求填入答题卡上相应位置。）1．（2分）（2022•衡阳）有一种新型锁﹣﹣声纹锁．只要主人说出事先设定的暗语就能把锁打开，别人即使说出暗语也打不开．这种声纹锁辨别声音的主要依据是（ ） A．音调B．响度C．音色D．声速考点：音色．分析：不同物体发声时，声音的特色不同，就是指音色不同．解答：解：因为每个人的发声音色不同，而声纹锁是依据音色来进行判断的，只能按照设定的音色打开；故选C．点评：本题考查学生对音色定义的理解与应用． 2．（2分）（2022•衡阳）下列数据中最接近实际的是（ ） A．普通铅笔的长度约为40cm B．一个成年人正常步行的速度大约为1.1m/s C．正常人的体温是38℃ D．一袋普通方便面的质量约为500mg考点：长度的估测；温度；质量的估测；速度与物体运动．专题：估算题．分析：首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．解答：解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，普通铅笔的长度小于20cm．此选项不符合实际；B、成年人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．此选项符合实际；C、人体正常体温在37℃左右，变化幅度较小，38℃为发烧状态．此选项不符合实际；D、一袋普通方便面的质量在50g～100g左右．此选项不符合实际．故选B．点评：本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道． 20\n3．（2分）（2022•衡阳）我市各级各类学校为了校园安全，在学校大门及其它地方都安装上了“电子眼”，其光学原理与下列哪种相同（ ） A．平面镜B．投影仪C．照相机D．放大镜考点：凸透镜成像的应用．专题：透镜及其应用．分析：电子眼和照相机的原理相同，都是根据凸透镜成倒立、缩小的实像工作的．解答：解：A、平面镜成正立、等大的虚像．不符合题意．B、投影仪成倒立、放大的实像．不符合题意．C、照相机成倒立、缩小的实像．符合题意．D、放大镜成正立、放大的虚像．不符合题意．故选C．点评：掌握凸透镜成像的三种情况和应用：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜． 4．（2分）（2022•衡阳）昔日高档小汽车，今朝进入百姓家，下列关于汽车的说法错误的是（ ） A．汽车使用的汽油属于不可再生能源 B．汽车发动机将燃料燃烧释放的内能转化为机械能 C．由于惯性，汽车刹车之后还会滑行一段距离 D．轮胎上刻有花纹是为了减小摩擦考点：增大或减小摩擦的方法；惯性；不可再生能源的特点．专题：运动和力．分析：（1）人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、永续利用的能源，属于可再生能源；（2）做功冲程是将内能转化为机械能的过程；（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体本身的一种属性；（4）增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度等．解答：解：A、汽车使用的汽油是由石油加工而成，在短时间内无法从自然界得到补充，属于不可再生资源，故A正确；B、汽车发动机是将燃料燃烧释放的内能转化为机械能；故B正确；C、刹车后，汽车由于惯性还要继续滑行一段距离；故C正确；D、轮胎上刻有花纹是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦的；故D错误．故选D．点评：本题考查了汽车上相关的物理知识，要求学生会用学过的知识分析日常生活中的相关现象，平时多注意观察，将其知识活学活用． 20\n5．（2分）（2022•衡阳）我国公安部规定：小汽车驾驶员和前排的乘客都应在胸前系上安全带，这主要是为了减轻下列哪种情况出现时可能对人身造成的伤害（ ） A．倒车B．车速太慢C．突然起动D．紧急刹车考点：惯性．专题：简答题．分析：任何物体都具有保持原来运动状态的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，据此分析．解答：解：小汽车缓慢加速或缓慢减速，人的速度也会缓慢增大或减小，所以不会使人受伤，故AB选项不合题意；突然启动时，人会向后仰，有靠背支撑，故安全带不起作用，故C不合题意；当紧急刹车时，车停止而人由于惯性会前冲，安全带可以防止人冲向前而受伤，故D选项符合题意；故选D．点评：本题主要是考查对惯性定律的掌握，以及用定律解释惯性现象的能力，在今后的学习中要多观察，多思考，学会用所学的知识解释生活中的物理现象． 6．（2分）（2022•衡阳）小明闻到烟味，对爸爸说：“你一吸烟，我和妈妈都跟着被动吸烟．”小明这样说的科学依据是（ ） A．分子在不停地做无规则的运动B．一切物体都是由分子组成的 C．分子之间存在相互作用力D．分子间有空隙考点：能量转化的现象．专题：分子热运动、内能．分析：扩散现象表明了分子在永不停息地做无规则运动．解答：解：小明的爸爸吸烟时，由于烟分子不停地做无规则的运动，在空气中进行扩散，所以小明和妈妈也可以吸到空气中的烟．故选A．点评：本题考查学生对扩散现象的理解能力，要熟练掌握分子动理论的内容． 7．（2分）（2022•衡阳）如图所示，属于费力杠杆的是（ ） A．起子B．道钉撬C．镊子D．钢丝钳考点：杠杆的分类．专题：简单机械．分析：动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆．结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．20\n解答：解：A、起子的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；B、道钉撬的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；C、镊子的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确；D、钢丝钳的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误；故选C．点评：此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力．分析准确题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键． 8．（2分）（2022•衡阳）在倡导“节能环保”“低碳生活”的今天，人类应特别重视下列哪种能源的利用（ ） A．太阳能B．煤炭C．石油D．天然气考点：未来的理想能源．分析：理想能源应满足几个特点：环保，来源广泛，容易转化等．解答：解：太阳能取之不尽用之不竭，而且环保，不会对环境产生影响，也在科学技术的进步也很容易转化为其他形式的能；煤炭、石油、天然气属于化石能源，属于不可再生能源，并且在使用时会产生废物、废气污染环境，与节能环保，低碳生活不相符．故选A．点评：能源的使用会对环境造成危害，所以要选择对环境影响小的新能源，如太阳能、核能．氢能等． 9．（2分）（2022•衡阳）修建铁路时，将铁轨铺设在枕木上而不是直接铺设在地面上，是为了（ ） A．减小压力B．增大压力C．减小压强D．增大压强考点：减小压强的方法及其应用．专题：压强、液体的压强．分析：（1）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积的大小．（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积减小压强；在受力面积一定时，减小压力减小压强．解答：解：列车在铁轨上行驶，对路基的压力一定，铁轨铺在枕木上，增大了路基的受力面积，减小了压强，从而达到保护路基的目的．故选C．点评：掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法，能在生活中应用压强知识解释问题．同时掌握好控制变量法的具体运用． 10．（2分）（2022•衡阳）如图所示电路中，当开关S闭合时，电压表测的是（ ）的电压．20\n A．L1B．L2 C．L1L2总电压D．电源和L1考点：电压表的使用．专题：图析法．分析：电压表与被测用电器并联，根据电压表所并联的电路进行分析．解答：解：从电路图中可以看出，当S闭合，电压表并联在L2两端，因此电压表测量L2两端的电压．故选B．点评：本题考查电压表的连接与使用，会分析电路图确定电压表并联的用电器是关键，简单判定方法：走电流，通过电压表的电流与通过谁的电流并着走，就是测量谁的电压． 11．（2分）（2022•衡阳）家中的洗衣机、冰箱等家用电器大多使用三线插座，这是因为如果不接地线（ ） A．会浪费电B．这些电器不能正常工作 C．会缩短这些电器的使用寿命D．人接触这些电器会有触电的可能考点：插座的构造与工作方式；触电危害及常见的触电类型与预防．分析：对于金属外壳的用电器为了防止外壳带电，外壳要通过地线与大地相通．解答：解：洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，即便漏电，电流也就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生．故选D．点评：本题考查了洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座的原因：为了防止触电． 12．（2分）（2022•衡阳）如图所示，小宇运用电学知识设计了一个电子身高测量仪，其接入电路的电阻与接入电路的棒长成正比，金属杆cd和MP（右端P是滑片）与电路接触良好，杆cd和MP的电阻不计．当被测身高增加时，电压表的示数（ ） A．变大B．变小C．不变D．无法确定20\n考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．专题：应用题；欧姆定律．分析：如图所示，定值电阻R0和滑动变阻器R串联；根据升高增加时，滑片P的移动方向，判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由串联电路特点判断电压表示数如何变化．解答：解：由电路图可知，定值电阻R0和滑动变阻器R串联；电压表测滑动变阻器两端电压，被测身高增加时，滑动变阻器电阻接入电路的长度增加，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知电路中的电流减小；则定值电阻R0两端的电压减小，根据串联电路的电压特点可知：滑动变阻器的分压变大，因此电压表示数变大．故选A．点评：本题考查了电路的动态变化，熟练应用串联电路特点及欧姆定律；明确身高的变化即电压表示数变化，分析清楚电路结构是正确解题的前提． 二、填空与作图题。（本题10个小题，每小题2分，共20分。把答案填写在答题卡中相应位置，不要求写出解答过程。）13．（2分）（2022•衡阳）自然界只有两种电荷，同种电荷相互 排斥 ，异种电荷相互 吸引 ．考点：电荷间的相互作用规律．专题：简答题．分析：自然界只存在两种电荷：正电荷和负电荷；电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．解答：解：由电荷间的相互作用规律可知，同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引．故答案为：排斥；吸引．点评：知道自然界中只存在正电荷和负电荷两种电荷，了解电荷间的相互作用规律． 14．（2分）（2022•衡阳）用托盘天平测铜块的质量；应先将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的 0 刻度处，调节平衡螺母使天平平衡；然后将铜块放入左盘，当右盘所加砝码和游码位置如图乙所示时天平再次平衡，铜块质量为 31 g．考点：质量的测量与天平．专题：质量及其测量．分析：使用天平测量时，因游码向右的移动相当于增加右盘的质量，所以测量前将游码移至标尺左端的0刻度线处；读数时，右盘中砝码的质量加上游码的示数即为物体质量．解答：解：用托盘天平测铜块的质量：若游码不在“0”刻度线处，则在未测铜块前就增加了右盘砝码的质量，所以测量不准确；应将游码移至标尺左端的“0”刻度线处，调节平衡螺母使天平平衡；读数时：铜块的质量为m=20g+10g+1g=31g．故答案为：0；31．点评：20\n本题考查测量工具的正确读数，特别注意天平上的游码的作用是：游码向右的移动相当于增加右盘的质量；使用之前将游码移至标尺左端的“0”刻度线处，读数时不要忘记将游码的示数加上． 15．（2分）（2022•衡阳）超市里出售的海鲜周围要铺一层碎冰块，这是因为冰块 熔化 时（填物态变化名称），要 吸 （选填“放”或“吸”）热，所以能起到保鲜的作用．考点：熔化与熔化吸热特点．专题：温度计、熔化和凝固．分析：物质从固态变为液态的过程是熔化，熔化需要吸收热量．解答：解：超市里出售的海鲜周围要铺一层碎冰块，这是因为冰块熔化时，要吸收热量，所以能起到保鲜的作用．故答案为：熔化；吸．点评：判断物态变化时，要明确一种现象现在和原来的状态，然后根据六种物态变化定义进行比对． 16．（2分）（2022•衡阳）如图所示为一种浴室防滑踏垫，其正面为仿草坪式设计，这是通过增大接触面的粗糙程度的方法增大脚与垫之间的 摩擦力 ，与地板接触的反面有许多小吸盘，将吸盘挤压到地面后，可利用 大气压 产生较大的压力，达到防滑效果．考点：增大或减小摩擦的方法．专题：重力、弹力、摩擦力．分析：（1）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面粗糙，滑动摩擦力越大．（2）吸盘是利用大气压的作用工作的．解答：解：浴室防滑踏垫，其正面为仿草坪式设计，这样在压力一定的情况下，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了脚与垫之间的摩擦．而防滑垫的背面有许多小吸盘，将吸盘内的空气挤压出来以后，在大气压的作用下，吸盘被挤压到地面上，起到了防滑的作用．故答案为：摩擦力；大气压．点评：摩擦力在日常生活中无处不在，这些摩擦力有些是对我们有利的，我们要想办法来增大，有害的我们要想办法减小． 17．（2分）（2022•衡阳）2022年6月，神州九号飞船发射升空并与天宫一号对接后，以神州九号为参照物，天宫一号是 静止 的（选填“静止”或“运动”）；我国自行研制的宇航服的头盔玻璃必须能减弱 紫外线 （选填“红外线”或“紫外线”）对眼睛和皮肤的损害．考点：运动和静止的相对性；紫外线．专题：运动和力；社会热点综合题．20\n分析：（1）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物，研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的位置是否变化．（2）太空中没有臭氧层，太阳辐射的紫外线很强，因此要求头盔玻璃必须能减弱紫外线对眼睛和皮肤的损害．解答：解：（1）神州九号和天宫一号对接后，神州九号飞船与天宫一号飞行器一起运动，相对位置没有发生变化，所以以神州九号为参照物，天宫一号飞行器是静止的．（2）宇航员出舱时，太空中紫外线很强烈，要求头盔的玻璃能够减弱紫外线对眼睛和皮肤的伤害．故答案为：静止；紫外线．点评：本题是利用了“神州九号”飞船这一载体来考查运动和静止的相对性、光学的相关知识，这是中考的一种热点题型，所以学习物理也需要对社会热点中蕴含的物理知识多加关注． 18．（2分）（2022•衡阳）如图所示，一艘排水量为1000t的货轮由上海驶入长江后，船体受到的浮力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；货轮从上海驶往重庆要经过葛洲坝和三峡大坝船闸，船闸是根据 原理建造的．考点：物体的浮沉条件及其应用；连通器原理．专题：压强、液体的压强；浮沉的应用．分析：（1）由于货轮无论在海里还是在河里都是漂浮，通过物体的浮沉条件可知浮力不变；（2）连通器是指上端开口、底部连通的仪器．解答：解：（1）货轮无论是在河中还是在海中都漂浮，浮力等于货轮重，受到的浮力不变；（2）三峡大坝的船闸由上下两个阀门组成一个闸室，当上游阀门打开时，闸室与上游通过阀门组成连通器，使闸室内的水位与上游水位相平，故船闸的原理即为连通器的原理．故答案为：不变；连通器．点评：本题考查物体沉浮条件的应用和连通器，涉及到漂浮条件和阿基米德原理，应当深刻理解漂浮时浮力等于物重这一特点题． 19．（2分）（2022•衡阳）冰的密度为0.9×103kg/m3，若质量为1kg的冰熔化成水，其 质量 不变， 体积 变小．（均选填“质量”、“体积”或“密度”）考点：质量及其特性；密度及其特性．专题：密度及其应用．分析：质量是指物体含有物质的多少，它是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．冰的密度为0.9×103kg/m3，水的密度为1.0×103kg/m3，根据公式ρ=可以判断出冰化水时，体积的变化．解答：解：冰熔化成水后，虽状态改变了，质量不变；根据公式ρ=20\n可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小．故答案为：质量；体积．点评：此题考查的是质量是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．物体体积是否变化决定于密度的变化． 20．（2分）（2022•衡阳）某导体的电阻是5Ω，通过它的电流为0.2A，10s内通过该导体产生的热量是 2 J，电热器中的电饭锅是利用电流的 热 效应制成的加热设备．考点：焦耳定律；电流的热效应、化学效应和磁效应．专题：电与热、生活用电．分析：根据Q=I2Rt求出电流通过导体时产生的热量；电流通过导体时向外放出热量，这一现象叫做电流的热效应，将电能转化为内能．解答：解：（1）电流通过导体时产生的热量：Q=I2Rt=（0.2A）2×5Ω×10s=2J；（2）电热器中的电饭锅在使用时，将电能转化为内能，是根据电流的热效应制成的加热设备．故答案为：2；热．点评：此题主要考查的是学生对焦耳定律计算公式和电流热效应的理解和掌握，基础性题目． 21．（2分）（2022•衡阳）如图所示，一个重为5N的物体A静止在斜面上，作出物体A所受重力的示意图．考点：重力示意图．专题：作图题．分析：物体受重力作用点（重心）在物体的几何中心上，重力的方向是竖直向下，在重力的方向画一带箭头的线段，表示出重力的作用点和方向．解答：解：过物体的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，G=5N，如图所示：点评：画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图． 22．（2分）（2022•衡阳）完成如图所示的折射光路图．20\n考点：作光的折射光路图．专题：作图题．分析：光的折射规律：光从空气斜射入其它介质中（或光从其它介质斜射入空气中），入射光线和折射光线分居法线两侧，折射角小于入射角（折射角大于入射角）．解答：解：题目已经过入射点作出法线，根据折射角大于入射角作出折射光线，如图所示：点评：应用光的折射定律时，必须分清介质的疏密． 三、科学•技术•社会（STS）。（本题共2个小题，第23题6分，第24题4分，共10分。请仔细阅读下面两段文字，按要求回答问题。把答案填写在答题卡中相应位置，不要求写出解答过程。）23．（6分）（2022•衡阳）卓筒井被誉为中国古代第五大发明，如图甲所示．卓筒井的钻探原理是通过如图乙所示的装置，使钻头一起一落上下运动，连续不断，即可将井中岩石击碎，然后再用专用工具将井中泥沙、碎石取出，直至打到食盐水层．卓筒井一般深约100m，井口直径10～12cm，为了防止井壁坍塌，古人用一种粗如碗口大小的竹子，将竹节掏空，筒筒相连，插入井中，起到了固定井壁的作用．取食盐水时，将钻头换成取水桶，放入井底，将食盐水装满，再扳起花车，食盐水便取出来．请回答下列问题：（1）打井时，为了增强击碎岩石的效果，钻头的质量取 大 一些好．（选填“小”或“大”）（2）花车属于轮轴，使用它提升重物时的优点是 省力 ．（选填“省力”或“省距离”）（3）把食盐水变成盐主要经过“晒”和“煎”两个过程，“晒”和“煎”涉及到的物态变化都是 汽化 ．考点：轮轴及其他常见简单机械；汽化及汽化吸热的特点；动能的影响因素．专题：信息给予题；简单机械．分析：（1）物体由于运动而具有的能叫动能，物体的质量越大、速度越大，动能越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，物体的质量越大、被举得越高，重力势能越大，动能和势能可以相互转化；据此分析回答；20\n（2）使用轮轴时，动力作用在轮上，由于轮半径大于轴半径，所以可以省力，但要多移动距离；（3）物质从液态变为气态叫汽化，汽化需要吸热；解答：解：（1）钻头在下落时，将重力势能转化为动能，相同的高度时，质量越大、重力势能越大，下落时可以转化为更多的动能，击石效果更好；（2）花车属于轮轴，动力作用在轮上，可以省力；（3）在“晒”和“煎”两个过程中，都是将液态的水变成气态的水蒸气跑掉，发生的都是汽化现象；故答案为：大；省力；汽化．点评：本题为力、热学综合题，考查了有关重力势能、轮轴、汽化的有关知识，知识点多、综合性强，属于较难题． 24．（4分）（2022•衡阳）摇摆钢笔你有没有留神过，我们写字的时候，笔的上端都会小弧度的来回摇摆．有细心的中国设计师就发现了这个细微的动作，根据物理学原理设计出一款“收音机钢笔”，希望给在繁重功课压力下的学生朋友增添一些乐趣．这支钢笔内置有电池，当你书写的时候，【笔端摇摇摆摆产生电流】，就能给电池储存电量．而钢笔上面的频道调节、音量调节、耳机插孔、音响等配置一个不少．如此一来，在枯燥的学习之中你便可以听听音乐或是新闻，以缓和学习的压力．但是家长们应该不会赞同这样的设计吧，不是做功课的时候就应该乖乖做功课么？请回答下列问题：（1）文中括号部分是基于哪个物理学原理或规律制成的： 电磁感应 ．（2）给内置电池充电过程发生的能量转化情况是： A ．A、电能转化为化学能B、化学能转化为电能C、机械能转化为电能D、电能转化为机械能．考点：电磁感应；能量转化的现象．专题：信息给予题；电动机、磁生电．分析：（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流；（2）电功的实质就是能量间的转化，要根据物体产生的能量性质分析能量转化的方向；解答：解：（1）这款摇摆钢笔是基于电磁感应的原理制成的；（2）给电池充电时，使其内部发生化学变化，故使电能转化为化学能．故选A．故答案为：（1）电磁感应；（2）A；．点评：本题是一道信息给予题，考查了电磁感应、能量转化等知识点，主要考查学生对所学物理知识的应用能力． 四、实验探究题（本题共5小题，第25、26题4分，第27、28题6分，第29题8分，共28分，按各题中具体要求作答）20\n25．（4分）（2022•衡阳）在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，在水平桌面上铺上粗糙程度不同的物体（如毛巾、棉布、木板等），让校车自斜面顶端静止开始滑下．观察同一小车从同一高度滑下后，在不同表面上运动的距离如图所示．（1）结论：平面越光滑，小车运动的距离越 远 ，这说明小车受到的阻力越 小 ，速度减小得越 慢 ．（2）推理：如果运动物体不受力，它将永远做 匀速直线运动 ．考点：牛顿第一定律；阻力对物体运动影响的探究实验．专题：运动和力．分析：通过观察图片中的内容，结合题意可对其运动情况做出描述．再利用科学推理，可判断其在不受力时的运动情况．解答：解：比较小车在不同接触面上运动的距离，可发现平面越光滑，小车运动距离越远，说明所受阻力越小，速度减小得越慢．当阻力为零时，小车将沿直线匀速运动下去．故答案为：（1）远，；小；慢；（2）匀速直线运动．点评：此题是牛顿第一定律的实验，要知道实验的过程及得出的结论．并且知道牛顿第一定律不能用实验直接验证． 26．（4分）（2022•衡阳）为了探究“电磁铁的磁性强弱与哪些因素”有关，做了以下几次实验，实验现象如图所示．根据图示现象回答下列问题：（1）通过观察图甲中A与B两个电磁铁，当通过线圈的电流相同时、有无铁芯相同时，电磁铁线圈的匝数越多，它的磁性就越 强 ．（2）通过观察图甲中B与C两个电磁铁，当通过线圈的电流相同时、线圈的匝数相同时， 有 铁芯的电磁铁，它的磁性就越强．（选填“有”或“无”）（3）通过观察图乙与图丙，当线圈的匝数相同、有无铁芯相同时，电磁铁的电流越 大 ，它的磁性就越强．（4）结论：影响电磁铁磁性强弱的因素有 通过电磁铁的电流大小、线圈的匝数、有无铁芯 ．考点：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．专题：磁现象、电生磁．分析：（1）电磁铁的磁性强弱跟电流大小、匝数多少、有无铁芯有关．电流越大、线圈匝数越多、有铁芯时，电磁铁的磁性越强．（2）探究电磁铁磁性强弱的影响因素时采用转换法和控制变量法．（3）滑动变阻器的作用：改变连入电路的电阻丝的长度，改变连入电路的电阻，改变电路中的电流．解答：20\n解：（1）图甲中A、B两电磁铁，通过线圈的电流相同时、有无铁芯相同时，线圈的匝数越多，吸引大头针数目越多，表明它的磁性就越强．（2）图甲中B、C两电磁铁，通过线圈的电流相同时、线圈匝数相同时，有铁芯的电磁铁吸引大头针数目越多，表明它的磁性就越强．（3）线圈的匝数相同、有无铁芯相同，图丙中滑动变阻器连入电路的电阻变短，电阻变小，电路中电流增大，电磁铁吸引大头针增多，电磁铁的磁性增强．说明通过电磁铁的电流越大，它的磁性就越强．（4）结论：影响电磁铁磁性强弱的因素有通过电磁铁的电流大小、线圈的匝数、有无铁芯．故答案为：（1）强；（2）有；（3）大；（4）通过电磁铁的电流大小、线圈的匝数、有无铁芯．点评：（1）掌握电磁铁磁性强弱的影响因素．能用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性强弱的影响因素．（2）掌握滑动变阻器的作用和原理．（3）能根据实验现象总结实验结论． 27．（6分）（2022•衡阳）在探究“液体压强跟哪些因素有关”的实验中，进行了如图所示的操作：（1）甲、乙两图是探究液体压强与液体 深度 的关系．（2）要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，应选择丙和丁两图进行对比，结论是：液体压强与盛液体的容器形状 无关 （填“有关”或“无关”）．（3）要探究压强与液体密度的关系，应选用 乙丙 两个图进行对比．考点：探究液体压强的特点实验．专题：压强、液体的压强．分析：液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，在探究影响液体内部压强的因素时，需要用到控制变量法．解答：解：（1）甲乙两图中的液体密度相同，探头所在深度不同，所以探究了探究液体压强与液体深度的关系；（2）丙和丁液体密度相同，探头在液体中的深度相同，容器形状不同，U型管中液面的高度差相同，说明液体压强与盛液体的容器形状无关；（3）要探究压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，所以应选择乙丙两图．故答案为：（1）深度；（2）无关；（3）乙丙．点评：此题是探究“液体压强跟哪些因素有关”的实验，考查了控制变量法在实验中的应用，是一道基础性题目． 28．（6分）（2022•衡阳）如图所示，下面几幅图是课本中的一些实验装置图，请在题中空格处填入相应的内容．20\n（1）实验甲中抽气机不断向罩外抽气，罩内响铃的铃声越来越小，直到听不见，这说明 声音不能在真空中传播 ；（2）实验乙是研究滚摆的动能与 重力势能 的相互转化；（3）实验丙中A管液面上升，此实验证明 流速大的位置压强小 ．考点：声音的传播条件；流体压强与流速的关系；动能和势能的转化与守恒．专题：声现象；气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：（1）声音是由物体的振动产生的，声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声．（2）物体由于运动而具有的能叫做动能，动能与质量和速度有关；物体由于被举高而具有的能叫做重力势能，重力势能与质量和高度有关．（3）在气体或液体中，流速越大的位置压强越小．解答：解：（1）抽气机不断抽出玻璃罩内的空气，罩内响铃的铃声逐渐减小，直到听不见，说明声音不能在真空中传播．（2）滚摆上升过程中，动能减小，重力势能增大，动能转化成重力势能；滚摆下落过程中，重力势能减小，动能增大，重力势能转化成动能．（3）通过B管在A管的上端吹气，A管上端空气流动速度大，压强小，在大气压的作用下，水沿A管上升．故答案为：（1）声音不能在真空中传播；（2）重力势能；（3）流速大的位置压强小．点评：本题全部来源于课本插图，考查学生对课本插图蕴含物理知识的了解情况，要求学生在平时学习中不要忽略这部分内容． 29．（8分）（2022•衡阳）小林同学用两节干电池、电压表、电流表和滑动变阻器等实验器材，测量标有“2.5V”字样小灯泡的电功率．（1）如图甲所示是小林同学连接的实物图，其中有一处连接错误，请在错误连线上打“×”，并用笔画线代替导线画上正确的连线．（2）闭合开关S前，滑片P应滑到最 右端 ．（选填“左端”或“右端”）（3）电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器，继续实验，并根据实验数据画出如图乙所示的I﹣U图象，当电压表的示数如图丙所示，则此时灯泡的电阻是 7.5 Ω．（4）小灯泡的额定功率是 0.625 W．考点：探究用电器的电功率实验．20\n专题：电能和电功率．分析：（1）掌握电路的连接，电压表与灯泡并联，滑动变阻器、灯泡、电流表串联；（2）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至最大阻值处；（3）根据图丙读出电压表的示数，结合图象确定电流值，从而根据公式R=求出电阻值；（4）由图象乙，确定当电压为2.5V时的电流值，根据公式P=UI计算出电功率．解答：解：（1）电压表应与灯泡并联，而现在电压表串联在了电路中，所以应把灯泡右边的导线与电压表并联，电路如图所示：；（2）由图知，滑动变阻器接了下面左边一个接线柱，所以在闭合开关前，滑片应移至最右端，使其阻值最大；（3）由图丙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，所以电压表的示数为1.5V，由图乙知，当电压为1.5V时，电流值为0.2A，所以R===7.5Ω；（4）小灯泡的额定电压为2.5V，由图乙知，当电压为2.5V时，电流值为0.25A，所以P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；故答案为：（1）见上图；（2）右端；（3）7.5；0.625．点评：此题是测量小灯泡的电功率，考查了有关电路的连接、电压表的读数、电阻的计算、电功率的计算，关键是根据图象乙能够确定与电压相应的电流值． 五、综合题（本题共3小题，其中第30题4分，第31题6分，第32题8分，共18分）30．（4分）（2022•衡阳）如图所示电路中，电源电压不变，灯L标有“4V、0.5A”字样，定值电阻R的阻值为10Ω．闭合开关S，灯L正常发光．则（1）电流表的示数是多少？（2）电源电压是多大？考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．专题：应用题；欧姆定律．分析：（1）由图可知：定值电阻R与灯泡串联，电流表测量电路中的电流，闭合开关S，灯L正常发光，说明灯泡两端电压是4V，电流是0.5A．（2）根据欧姆定律求出电阻两端的电压．根据串联电路总电压等于各串联导体两端的电压之和可求电源电压．解答：解：（1）由图可知：定值电阻R与灯泡串联，电流表测量电路中的电流；闭合开关S，灯L正常发光，说明灯泡两端电压是4V，电流是0.5A．所以电流表示数为0.5A．20\n（2）根据欧姆定律得：UR=IR=0.5A×10Ω=5V，根据串联电路的电压特点得：电源电压为U=UL+UR=4V+5V=9V．答：（1）电流表的示数是0.5A；（2）电源电压是9V．点评：本题是比较简单的计算题，考查了欧姆定律、串联电路的电流和电压的特点、从用电器的正常工作挖掘隐含的电压、电流． 31．（6分）（2022•衡阳）某物体在竖直方向受到90N的拉力，以0.2m/s的速度匀速向上运动．（空气阻力不计）求：（1）物体在10s内上升的距离．（2）物体受到的重力．（3）如图所示，若改用机械效率为80%的滑轮组，用10N的拉力使物体仍以0.2m/s的速度匀速向右移动，求10s内人对物体所做的有用功率．考点：速度公式及其应用；重力的计算；滑轮（组）的机械效率．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）已知速度与运动时间，由速度公式的变形公式可以求出物体上升的高度．（2）物体做匀速直线运动，由平衡条件可以求出重力．（3）由速度公式的变形公式求出物体的路程；由图示滑轮组可知，承重绳子的有效股数n=3，求出绳子自由端移动的距离，由W=Fs求出拉力的功，然后根据滑轮组的效率求出有用功，然后求出有用功率．解答：解：（1）∵v=，∴物体上升的距离：s=vt=0.2m/s×10s=2m；（2）物体竖直向上做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：G=F=90N；（3）∵v=，∴物体的路程：s=vt=0.2m/s×10s=2m；由图示滑轮组可知，n=3，绳子自由端移动的距离s′=ns=3×2m=6m，拉力做的功W=Fs′=10N×6m=60J，∵η=，∴W有用=ηW=60J×80%=48J，有用功率P===4.8W；20\n答：（1）物体在10s内上升的距离为2m．（2）物体受到的重力为90N．（3）10s内人对物体所做的有用功率为4.8W．点评：本题考查了求物体路程、物体重力、有用功率等问题，应用速度公式的变形公式、功的计算公式、效率公式、功率公式即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题． 32．（8分）（2022•衡阳）如图所示的装置很有创意﹣﹣它将比较耗水的洗衣机和同样耗水但不太讲究水质的马桶连在一起：上部是洗衣机（有关技术参数见铭牌），下部是马桶，中间设有储水箱．洗衣机还设有加热功能，（铭牌上水的加热功率已模糊），洗涤前先将水加热到适宜温度，可以提高洗涤效果．（1）请问这种设计的优点： 用洗衣水用来冲厕可以节水 ．（请至少说出一个观点）（2）求洗衣机脱水时的正常工作电流．（3）某次洗衣时，首次进水量为20kg，加热时电能的80%转化为水的内能，正常加热14min水的温度升高10℃就达到设定要求，由于洗衣机铭牌上的加热功率模糊，求：①水吸收的热量，②洗衣机的加热功率[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．考点：电功与热量的综合计算；热量的计算；电功率的计算．专题：电能和电功率．分析：（1）从节水方面分析，洗衣水用来冲厕；洗衣机设有加热功能，提高洗涤效果；（2）知道脱水功率和正常工作电压，利用P=UI求洗衣机脱水时的正常工作电流；（3）知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用Q吸=cm△t求水吸收的热量；由题知，Q吸=W×80%，求出加热水消耗的电能，再利用P=求洗衣机的加热功率．解答：解：（1）这种设计的优点之一：用洗衣水用来冲厕可以节水；（2）∵P=UI，∴洗衣机脱水时的正常工作电流：I====1.5A；（3）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×20kg×10℃=8.4×105J，由题知，Q吸=W×80%，加热水消耗的电能：W===1.05×106J，20\n洗衣机的加热功率：P===1250W．答：（1）这种设计的优点：用洗衣水用来冲厕可以节水；（2）洗衣机脱水时的正常工作电流为1.5A；（3）①水吸收的热量为8.4×105J，②洗衣机的加热功率为1250W．点评：这是一道电热综合题，关键是公式及其变形的应用，最容易出错的是温度升高到和温度升高了，这是两个截然不同的概念． 六、附加题：（本题20分，不计入总分）33．（2022•衡阳）如图是一个上肢力量健身器示意图．D是动滑轮；配重A的底面积为5×10﹣2m2，放在水平地面上对地面的压强P0为2.4×104Pa．杠杆EH可绕O点在竖直平面内转动，OE：OH=2：5．此人受到的重力为600N，他通过细绳在H点施加竖直向下的拉力T1时，杠杆在水平位置平衡，他对地面的压力为F1，配重A对地面的压力为FA1，配重A受到的拉力为TA1．配重A对地面的压强P1为6×103Pa；他在H点施加竖直向下的拉力T2时，杠杆仍在水平位置平衡，他对地面的压力为F2，配重A对地面的压力为FA2，配重A受到的拉力为TA2，配重A对地面的压强P2为4×103Pa．已知F1：F2=20：19，杠杆EH和细绳的质量均忽略不计．求：（1）配重A受到的重力GA．（2）拉力TA1和TA2．（3）动滑轮D受到的重力GD．考点：杠杆的平衡条件；动滑轮及其工作特点．专题：简单机械．分析：（1）根据F=G的关系，由公式F=pS计算出压力，得出配重A的重力；（2）求解物体配重A受到的拉力，先要对配重A受到的拉力和小成进行受力分析，根据处于平衡状态的物体，所受的合力为零求解，配重A对地面的压力根据压强公式P=得出的F=PS公式计算．（3）动滑轮D的重力和物体配重A对绳子的拉力共同作用的杠杆的左端，要求解小成在H点施加竖直向下的拉力为T2和动滑轮的重力需通过分析杠杆的两次平衡，根据杠杆的平衡条件列出方程，结合F1：F2=20：19的关系组成方程组进行求解．解答：解：（1）根据p=得，G=F=p0S=2.4×104Pa×5×10﹣2m2=1.2×103N（2）当小成在H点施加竖直向下的拉力为T2时，静止的配重A的受力情况如图1：20\n则：FA2=F″=P2S=4×103pa×5×10﹣2m2=200N．∵G=TA2+FA2∴TA2=G﹣FA2=1200N﹣200N=1000N．当小成在H点施加竖直向下的拉力为T1时，静止的配重A的受力情况如图2：则：FA1=F′=P1S=6×103Pa×5×10﹣2m2=300N．∵G=TA1+FA1∴TA1=G﹣FA1=1200N﹣300N=900N．（3）∵动滑轮D的优点是省一半力．∴对杠杆EH的E的拉力为F拉1=．小成本身的受力情况如图3：则：T1=G人﹣F1．对杠杆EH受力分析如图4中甲图：∵在水平位置平衡．∴由杠杆平衡条件得：=．即：=，代入数据得：=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①．同理，当小成在H点施加竖直向下的拉力为T2时，杠杆EH受力分析如图4中乙图：可得：=，代入数据得：=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②．20\n根据题意可知：=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③．解由①②③组成的方程组得：G动=100N；F1=200N；F2=190N．答：（1）配重A受到的重力为1200N；（2）拉力TA1为900N，TA2为1000N；（3）动滑轮D受到的重力GD为100N．点评：本题是力学中难度较大的计算题，涉及简单机械（杠杆、滑轮）和压强的综合，求解时注意根据题干先分清研究的对象，对其进行受力分析，然后逐个解答． 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