青海省西宁市2022年中考物理试卷一、选择题（本题共13个小题，每小题2分，共26分，只有一项符合题意）1．（2分）（2022•西宁）关于声现象，下列说法错误的是（ ） A．声音是由物体的振动产生的 B．发声体的振动频率越大，音调越高 C．声音在水中的传播速度等于光速 D．人们利用超声波能够测出海底的深度考点：声音的综合利用．专题：声现象．分析：A、声音是由物体的振动产生的，振动停止，发声停止；B、频率是物体在单位时间内振动的次数，音调是指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，音调越低；C、声音在水中的传播速度约为1500m/s，光速等于3×108m/s，D、声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播．解答：解：A、声音是由物体的振动产生的，故A正确，不符合题意；B、发声物体每秒内振动的次数叫频率，物体的振动频率表示发声体振动的快慢，物体振动频率决定发出声音的高低．发声体振动的越快，发出声音的音调越高，发声体振动的越慢，发出声音的音调越低．故B正确，不符合题意；C、声音在水中的传播速度远远小于光速，故C错误，符合题意．D、人们利用超声波能够测出海底的深度，故D正确，不符合题意．故选C．点评：此题考查的是声音的传播条件、声音的利用和声音在水中的传播速度、光速等，都是基础知识，难度较小，容易解答． 2．（2分）（2022•西宁）我国经常提到的像：①小孔成像②平面镜成像③放大镜成像④电影屏幕上的像⑤汽车观后镜中的像，其中（ ） A．属于实像的是①②③B．属于虚像的是②③④ C．由于反射而成的像是②⑤D．由于折射而成的像是①③④考点：实像与虚像的区别．专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．分析：要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的．要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射．19\n要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的．解答：解：①小孔成像是由光的直线传播形成的实像．②平面镜成像是由光的反射形成的虚像．③放大镜成像属于凸透镜成像，是由光的折射形成的虚像．④电影银幕上的像，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的实像．⑤汽车观后镜中的像，观后镜是凸面镜，所以它成的像是由光的反射形成的虚像．其中，属于实像的是①④；属于虚像的是②③⑤；由于反射而成的像是②⑤；由于折射而成的像是③⑤．故选C．点评：此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因，并注意区分． 3．（2分）（2022•西宁）如果电视机，电烙铁和电风扇上都标有“220V，60W”的字样，它们都在额定电压下，工作相同的时间，三个用电器产生的热量是（ ） A．电视机最多B．电烙铁最多C．电风扇最多D．一样多考点：电热．专题：应用题；电与热、生活用电．分析：根据电视机、电烙铁和电风风扇这三种用电器工作时的能量转化情况分析判断．解答：解：三个电器功率一样，即它们消耗的电能一样；电视机主要是把电能转化为声能和光能，电风扇主要是把电能转化为机械能，只有电烙铁全部将电能转化为热量．故选B．点评：本题考查热量的有关问题，这三种用电器中，只有电烙铁把电能全部转化为内能． 4．（2分）（2022•西宁）以下是一双吃饭用的木筷的“自述”：其中违背物理原理的是（ ） A．“当我斜插在玻璃水杯中，你会看到我的身子向上弯折了” B．“当人们在餐桌上使用我时，我一定是省力杠杆” C．“当我放在水中，我会漂浮在水面上” D．“将干燥的我接入电路，我拒绝电流从我身上流过”考点：光的折射现象及其应用；杠杆的应用；物体的浮沉条件及其应用；绝缘体．专题：其他综合题．分析：A、根据光的折射现象：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，光由水或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角．而我们看到的水中的物体的像应该在真实物体的上方；B、杠杆是一根在力的作用下，能绕固定点转动的硬棒，而动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；19\nC、根据木材的密度和水的密度大小判断木筷放到水里的漂浮情况；D、导体能导电，绝缘体不容易导电．解答：解：A、由于光的折射，筷子斜插在玻璃杯中时，看到的水面以下的部分都向上偏折，所以看到筷子好像从水面处折断了，本选择项的描述是正确的；B、筷子在餐桌上使用时，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，本选择项的描述是错误的；C、木材的密度小于水的密度，所以木筷放到水里，会飘浮在水面上，本选择项的描述是正确的；D、木筷是绝缘体，所以接入电路，电流不能从筷子上流过，本选择项的描述是正确的；故选B．点评：本题考查光的折射、杠杆、密度、导电性等知识，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力． 5．（2分）（2022•西宁）夏天从冰箱中取出的鸡蛋，常看到鸡蛋先湿后干的现象，此现象反映的物态变化过程正确的是（ ） A．先液化后蒸发B．先升华后蒸发C．先液化后升华D．先凝华后升华考点：液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：从六种物态变化定义进行判断：物质从固态变为液态是熔化过程；物质从液体变为固态是凝固过程；物质从气态变为液态是液化过程；物质从液态变为气态是汽化过程；物质从固态直接变为气态是升华过程；物质从气态直接变为固态是凝华过程．解答：解：夏天从冰箱中取出的鸡蛋温度比较低，空气中是水蒸气遇冷的鸡蛋液化成的小水珠附着在鸡蛋上，鸡蛋比较湿，一会儿，鸡蛋上的小水珠又变成水蒸气，这是汽化现象．故选A．点评：判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断． 6．（2分）（2022•西宁）我们曾听到鸟与飞机相撞而引起机毁人亡的报道，空中飞翔的鸟对飞机构成了巨大威胁，鸟与飞机相撞引起机毁的原因是（ ） A．鸟飞行的速度很大B．鸟飞行的速度很小 C．以飞机为参照物，鸟的速度很小D．以飞机为参照物，鸟的速度很大考点：运动和静止的相对性；参照物及其选择；动能的影响因素．专题：参照思想．分析：解答此题可以从以下两方面入手：①参照物的选择．19\n②影响动能的因素有两个：质量和速度．质量相同时，速度越大，它的动能越大；速度相同时，质量越大，它的动能越大．解答：解：以相向而行的飞机为参照物，相同的时间内，鸟和飞机之间的距离变化很大，以飞机为参照物，鸟的速度很大．小鸟的速度越大，它的动能越大，所以鸟与飞机相撞引起机毁．故选D．点评：静止的物体和运动的物体都可以作为参照物．研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同． 7．（2分）（2022•西宁）小华同学在做“探究电磁铁”实验中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法中正确的是（ ） A．要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑片向右移动 B．电磁铁B的磁性比电磁铁A的磁性强 C．电磁铁B磁性较强，所以通过它的电流较大 D．若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引考点：影响电磁铁磁性强弱的因素．专题：磁现象、电生磁．分析：A、要解决此题，需要掌握影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯．B、要掌握转换法的使用，在此实验中，通过线圈匝数的多少来判读电磁铁的磁性强弱．C、要知道串联电路中的电流特点．知道在串联电路中，各处电流都相等．D、要解决此题，需要掌握右手螺旋定则，掌握磁极间的相互作用规律．解答：解：A、要使电磁铁磁性增强，需要减小电阻来增大电流，所以变阻器的滑片要向左移动．所以A说法错误．B、在电流相等，都有铁芯的情况下，线圈的匝数越多，磁性越强，B线圈的匝数多，说明磁性强．所以B说法正确．C、AB线圈串联，所以通过的电流相等，所以C说法错误．D、根据安培定则，A的上方是N极，B的上方也是N极，所以若将两电磁铁上部靠近，会相互排斥．所以D说法错误．故选B．点评：此题主要是探究影响电磁铁磁性强弱的因素实验，首先要掌握影响电磁铁磁性强弱的因素，并能通过安培定则判断电磁铁的磁性．同时考查了磁极间的相互作用规律及欧姆定律的使用．考查得很全面． 8．（2分）（2022•西宁）下列实例与所利用的物质的性质不相符的是（ ） 划玻璃的刀刃用金刚石做﹣﹣因为金刚石的硬度大19\nA． B．电线的线芯用铜或铝做﹣﹣因为铜或铝的导电性能好 C．毛皮摩擦过的塑料尺能吸引碎纸屑﹣﹣因为塑料尺有磁性 D．水壶的把手用胶木做﹣﹣因为胶木的传热性差考点：物质的基本属性．专题：其他综合题．分析：根据金刚石、铜、塑料尺、玻璃、胶木的物理性质做出解答．解答：解：A、划玻璃的刀头镶嵌有金刚石，是因为金刚石的硬度大，可以将玻璃划破．此选项符合实际；B、因为铜的导电性能好，电阻小，用来作为输电导线的内芯．此选项符合实际；C、塑料尺本身不具有磁性，塑料尺能吸引碎纸屑是摩擦带电的原因．此选项不符合实际；D、热水壶的手柄用胶木做成，是因为胶木的导热性能差，人手接触胶木时不会感到烫手．此选项符合实际．故选C．点评：此题考查不同物质不同的物理性质，是一道基础题． 9．（2分）（2022•西宁）不同物体吸收太阳辐射能力不同，小明认为它可能与物体的颜色有关，于是，他将几个完全相同的物体涂上不同颜色放在太阳底下，测出相同时间内物升高的温度，就“小明认为它可能与物体的颜色有关”这一环节而言，属于科学探究中的（ ） A．猜想假设B．提出问题C．进行实验D．分析论证考点：物理学方法．专题：其他综合题．分析：科学探究的基本过程主要有以下几点要素：第一是提出问题．也就是探究什么，针对什么现象设问． 第二是猜想与假设．实质上就是引导学生根据生活经验对提出的问题进行猜想．第三是制定计划与设计实验．这一环节是实验的核心．第四要素是进行实验与收集数据．在实验中加强实验规范操作、安全操作的指导，实验数据及时填入记录表中．第五要素是分析与论证．实质就是对探究的数据进行描述，对探究现象归纳总结的过程．第六要素是评估．评估的实质是对探究的反思过程，讨论科学探究中所存在的问题、获得的发现和改进建议等．评估有利于发展学生的批判性思维，教师要以多种形式引导学生养成对探究的过程和探究结果有评估的意识． 第七要素是交流与合作．全班或同一组内围绕得到什么结论，如何得出结论，有什么体会等问题进行讨论与交流．解答：解：19\n对于不同物体吸收太阳辐射能力的影响因素，小明认为可能与颜色有关，是对影响因素的判断，属于科学探究的第二环节猜想与假设．故选A．点评：学生科学探究能力的发展不只是记住有关的探究步骤就能解决的，必须在探究实践中不断积累． 10．（2分）（2022•西宁）以下各组器材中，不能测出长方体金属块密度的是（ ） A．刻度尺、水、细线、烧杯B．天平和砝码、量筒、水、细线 C．弹簧测力计、刻度尺、细线D．刻度尺、天平和砝码考点：固体的密度测量实验．专题：实验题．分析：计算密度的公式为ρ=，选择项中能测金属块密度的，必须能测金属块的质量和体积．解答：解：A、刻度尺能测金属块的体积，但不能测出它的质量或重力，不能测出金属块密度．B、天平能测金属块质量，量筒水细线能测体积，故能测金属块密度．C、弹簧测力计能测金属块重力，从而得到质量，刻度尺能测出体积，故能测出金属块密度．D、天平砝码能测出金属块的质量，刻度尺能测出体积，故能测出金属块密度．故选A．点评：本题要求测出的密度值相差不多即可，从选择项中判断能测出金属块的质量和体积的就符合要求，密度要准确些，用量筒和天平来测质量和体积． 11．（2分）（2022•西宁）如图所示的电路中，电源电压恒为24伏特，电阻R1=R2=120欧姆，两只电流表的量程均为0﹣﹣0.6安培，当闭合开关时，两只电流表的示数均为0.2安培，若故障由这两个电阻中的其中一个引起，则出现的故障是（ ） A．R2短路B．R2断路C．R1短路D．R1断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：电流和电路．分析：两个电阻并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量支路R2中的电流，开关闭合后两只电流表示数相同，说明两个电流表串联连接，并且其中一条支路断路．解答：解：因为两个电阻并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量支路R2中的电流，开关闭合后，由于两电流表示数相同，如果发生短路现象，电流表将会被烧坏，因此电路故障一定是其中一个电阻断路，并且是R1断路，否则A2示数为零．故选D．19\n点评：掌握并联电路的电流规律，并能根据电流表在电路中的作用以及电流表的示数判断电路故障． 12．（2分）（2022•西宁）用测力计两次拉着重为G的物体竖直向上运动，两次运动的s﹣t图象，如图所示，其对应的测力计示数分别为F1，F2，则F1和F2的关系是（ ） A．F1＞F2B．F1=F2 C．F1＜F2D．以上三种情况都有可能考点：力与图象的结合；二力平衡条件的应用．专题：应用题；运动和力；图像综合题．分析：当物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，受到的力为平衡力，知道一个力可求另一个的大小和方向；所以可以从提供的s﹣t图象确定物体做什么运动，进一步根据二力平衡的知识判断．解答：解：由两次运动的s﹣t图象和做竖直向上运动可知：两次都做匀速直线运动，都处于平衡状态，∵物体受到的重力和拉力为一对平衡力，∴F1=F2=G．故选B．点评：对物体受力分析、二力平衡的条件是基础，能从s﹣t图象得出物体做匀速直线运动是本题的突破口． 13．（2分）（2022•西宁）如图所示的电路中，电源电压为30V，定值电阻为60Ω，滑动变阻器标有“30Ω1.5A”字样，在该电路正常使用的情况下，则（ ） A．滑动变阻器消耗的最小功率为45W B．电流表的最大示数为1.5A C．电路消耗的最大功率为60W D．当滑片P滑到最右端时，定值电阻R消耗的功率为75W19\n考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算．专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测干路电流．（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时消耗的电功率最小，根据并联电路的电压特点和P=滑动变阻器的最小功率以及定值电阻的功率；（2）当滑动变阻器通过的电流为1.5A时电流表的示数最大，电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出通过定值电阻的电流，利用并联电路的电流特点求出其大小，利用P=UI求出电路消耗的最大功率．解答：解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测干路电流．（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时消耗的电功率最小，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴滑动变阻器消耗的最小功率：P滑min===30W，故A不正确；∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，∴当滑片P滑到最右端时，定值电阻R消耗的功率：PR===15W，故D不正确；（2）当滑动变阻器通过的电流为1.5A时电流表的示数最大，电路消耗的总功率最大，通过定值电阻的电流：IR===0.5A，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴电流表的最大示数：I=IR+R滑=0.5A+1.5A=2A，故B不正确；电路消耗的最大功率：Pmax=UI=30V×2A=60W，故C正确．故选C．点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据滑动变阻器的铭牌得出通过的最大电流． 二、填空题（本大题包括8个小题，每空1分，共19分）14．（2分）（2022•西宁）超低空飞行的战斗机经常会影响居民生活，有时甚至会吧居民家的窗户玻璃震碎，说明战斗机飞行会产生很大的 噪声 ，同时说明声波可以传递 能量 ．考点：声音的等级和噪声的危害；声与能量．专题：声现象．分析：声音可以传递信息，如：隆隆的雷声预示着一场可能的大雨，“声呐”的利用、医用“B超”等；声音能够传递能量，如：利用声波来清洗钟表等精细的机械，“超声波碎石”等．19\n解答：解：战斗机在飞行时，其巨大的声音能将附近居民的窗户玻璃震碎，即说明声音比较有“劲”，产生很大的噪声．也可以传递能量．战斗机把玻璃震碎，是声波引起空气振动将玻璃震碎，说明声音可以传递能量；故答案为：噪声；能量．点评：本题主要考查了声音的利用，利用声可以传递信息，也可以传递能量．属于基本内容，比较简单． 15．（2分）（2022•西宁）一只小鸟在深度为10m的平静湖面上空飞过，当小鸟距水面3m时，小鸟在湖面的“倒影”是 虚 （选填“实”或“虚”）像，该“倒影”距小鸟 6 m．考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：光的传播和反射、平面镜成像．分析：解答此题从以下知识点入手：倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等．解答：解：因为平面镜成的像是虚像，平面镜的成像原理是光的反射；所以小鸟在湖面的“倒影”是虚像；已知小鸟距水面3m，像到水面的距离也是3m，所以“倒影”距小鸟为3m+3m=6m．故答案为：虚；6．点评：此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答． 16．（3分）（2022•西宁）家庭和实验室里常用的温度计是根据液体 热胀冷缩 的原理制成的，小明用温度计测量教室外的温度如图所示，其示数为 ﹣2 ℃；小明想温度计的玻璃泡不装水的原因是 水具有反常膨胀的特点 ．考点：液体温度计的构造与工作原理．专题：温度计、熔化和凝固．分析：①液体具有热胀冷缩的性质，常用液体温度计是利用液体的热胀冷缩性质制成的；②使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；③水在0～4℃具有热缩冷胀的反常膨胀特点．解答：解：家庭和实验室里常用的温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的；由图知：温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃；液柱最高处在“0”下方，所以显示的温度低于0℃，为﹣2℃；因为水在0～4℃时具有反常膨胀的特点，此范围的温度不能正确测量，同时温度过低水结冰时，还可能胀破温度计．故答案为：热胀冷缩；﹣2；水具有反常膨胀的特点．19\n点评：此题考查的是常用温度计的原理、读数和水的反常膨胀，其中对水的反常膨胀可能感觉陌生，容易忽视． 17．（3分）（2022•西宁）神舟十号飞船与天宫一号对接时要完成数百个动作，是通过喷射燃气来实现变轨（改变运行高度，运行方向），这说明力可以 改变物体的运动状态 ；北京测控中心通过 电磁波 与宇航员联络，当神舟十号绕远地点向近地点运动时其动能 增大 （选填“增大”“缩小”或“不变”）考点：力的作用效果；信息与信息传播；动能和势能的大小变化．专题：社会热点综合题．分析：①力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态，其中运动状态的改变包括速度的变化和方向的变化；②电磁波可以在真空中传播；③飞船在绕地飞行过程中，动能和重力势能不断转化．解答：解：①神舟十号飞船与天宫一号对接时要完成数百个动作，是通过喷射燃气来实现变轨（改变运行高度，运行方向），这说明力可以改变物体的运动状态；②北京测控中心通过电磁波与宇航员联络；③当神舟十号绕远地点向近地点运动时，重力势能转化为动能，质量不变，速度变大，所以动能增大．故答案为：改变物体的运动状态；电磁波；增大．点评：此题考查的是力的作用效果、电磁波的特点和动能的影响因素，属于基本规律的应用，难度不大． 18．（2分）（2022•西宁）如图，小明在海边玩耍，看到海中停着一艘轮船，突发奇想，如果地球对所有物体的引力都突然减少一半，这艘轮船的质量和浮沉情况会产生怎样的变化呢，正确的看法是：这艘轮船的质量 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”），它的位置将 不变 （选填“上浮一些”“下沉一些”或“不变”）考点：物体的浮沉条件及其应用．专题：应用题；浮沉的应用．分析：要解答本题需掌握：①质量是物体中所含物质的多少．物质质量的大小与外界条件无关，只取决于物体本身所含物质的多少．②漂浮在水面上的物体，物体的质量等于排出水的质量．解答：解：如果地球对所有物体的引力都突然减少一半，这艘船的质量不变，因为质量是物体本身的一种属性，它的大小与外界条件无关．轮船在水面上漂浮，排出水的重力和轮船的重力相等，即排出水的质量和轮船的质量相等，用公式表示：m轮=m排=ρ水V．由公式知：排出水的质量也不变，水的密度不变，所以轮船在水中的位置也不变．19\n故答案为：不变，不变．点评：本题主要考查学生对质量的性质，以及物体沉浮条件的了解和掌握，需要大胆的想象和科学的推理，是一道中档题． 19．（2分）（2022•西宁）“让我们的天空更蓝”六月五日是世界环境日，小青望着川流不息的城市车流，心想石油是 不可再生 能源（选填“可再生”或“不可再生”）；化石能源的大量使用给城市造成了环境污染和热岛效应，请你设想提出一种新型能源来解决这个问题 建议使用太阳能汽车 ．考点：能源的分类．专题：能源的利用与发展．分析：（1）不可再生能源泛指人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源资源；（2）太阳能是未来理想能源，且不会造成环境污染，安全清洁，建议使用太阳能汽车．解答：解：不可再生能源泛指人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源资源，石油属于不可再生能源；太阳能是一种无污染又取之不尽的能源，建议使用太阳能汽车．故答案为：不可再生；建议使用太阳能汽车．点评：此题是对能源知识的考查，解题的关键是对能源知识的了解，属基础性知识考查题． 20．（2分）（2022•西宁）如图所示电路中，电源电压9V恒定不变，R1=6Ω，R2=3Ω，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片从最右端移到R1的中点时，电流表示数 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”），电压表的示数为 6 V．考点：电路的动态分析；欧姆定律的应用；电阻的串联．专题：应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．分析：由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测R1右侧电阻和R2两端的电压之和，电流表测电路中的电流；滑动变阻器滑片的移动不能改变接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流不变，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出此时电压表的示数．解答：解：由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测R1右侧电阻和R2两端的电压之和，电流表测电路中的电流；∵滑片的移动不能改变接入电路中电阻的变化，∴根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴电路中的电流：I===1A，当滑动变阻器的滑片从最右端移到R1的中点时，电压表的示数：19\nU滑=I（+R2）=1A×（+3Ω）=6V．故答案为：不变；6．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑片的移动不能改变接入电路中的电阻以及电压表所测电路元件的判断． 21．（3分）（2022•西宁）一辆车开进了泥潭中，司机取来一个动滑轮欲将汽车从泥潭中拉出，如图所示，若司机勇750N的拉力在5s内将汽车水平匀速拉动1m，那么司机所做的功是 1500 J，司机做功的功率是 300 W，若滑轮的机械效率为60%，汽车所受地面的摩擦力是 900 N．考点：功的计算；动滑轮拉力的计算；功率的计算．专题：计算题；功、功率、机械效率．分析：（1）如图所示，拉动车使用的是动滑轮，故车被拉动了1m，则拉力F移动的距离为2m，利用功的公式W=Fs求出司机所做的功，再利用P=求出司机做功的功率；（2）知道滑轮组的机械效率，利用效率公式求摩擦力做功（有用功），再利用W=fs求摩擦力大小．解答：解：（1）车被拉动了1m，则拉力F移动的距离为2m，司机所做的功：W=Fs=750N×2m=1500J，司机做功的功率：P===300W；（2）∵η=×100%，∴W有=ηW总=60%×1500J=900J，∵W有=fs，∴f===900N．故答案为：1500；300；900．点评：本题考查了功率和功率的计算，关键是利用好滑轮组的机械效率，注意有用功为克服摩擦力做的功． 三、作图及问答题（本题包括3小题，22，23每题2分，24题3分，共7分）22．（2分）（2022•西宁）如图所示，杠杆在水平位置平衡，货物A重为200N，请在答题卡的图中画出货物A所受重力的示意图和拉力F的力臂L．19\n考点：重力示意图；力臂的画法．专题：作图题；图像综合题．分析：画重力时要先确定重心，再沿竖直向下的方向画线段，并标出箭头与力的大小；画力臂时，应从支点向力的作用线画垂线，再用大括号标出这个线段来．解答：解：从A的重心画竖直向下的线段，标出力的大小为200N；反向延长F的作用线，由支点向力的作用线画垂线，并用L标出，如图所示：点评：力的示意图与力臂的作图是力学作图中最常见的两种类型，只要抓住重点、掌握方法，一般难度不大． 23．（2分）（2022•西宁）如图所示，请在答题卡的图中完成光路图．考点：透镜的光路图．专题：作图题；透镜及其应用．分析：先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的三条特殊光线作图．解答：解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点．过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如下图所示：点评：凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点．③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变 24．（3分）（2022•西宁）如图所示，它是研究哪种物理现象的实验装置？试举出至少一种利用该原理的实际应用．考点：电磁感应．专题：电动机、磁生电．19\n分析：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，就会产生感应电流，这就是电磁感应现象，在这个过程中机械能转化为电能．解答：解：装置图是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，通过灵敏电流计来显示电流，此现象应是电磁感应现象，从能量转化的角度分析，在这个过程中机械能转化为电能；发电机就是根据这一原理制成的．点评：本题主要考查学生对：发电机的构造和原理的了解和掌握，是中招的热点． 四、实验及探究题（本题包括3个小题，25题5分，26题6分，27题9分，共20分）25．（5分）（2022•西宁）小明为比较“不同物质的吸热能力”设计了如下的实验方案：将质量相同的水和煤油分别装入烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热水和煤油，实验装置如图所示，实验时每隔一段时间同时测量水和煤油的温度．（1）在安装、调整实验器材时，科学合理的顺序是（图甲中）：先调整固定 B 位置，再调整固定 A 的位置（两空均选填“A”或“B”）（2）下表是小明记录的数据，由表格可知，小明是通过观察比较 加热时间 的多少，来比较水和煤油的吸热能力的，小明得出的结论是 相同质量的水和煤油，在升高相同的温度时，水需要的加热时间长，故水的吸热能力大 物质次数质量m/kg升高的温度△t/℃加热的时间t/min水10.110220.2104煤油30.110140.2102（3）若水的比热度为4.2×103J/（kg•℃），请你计算出第一次实验中，水吸收的热量是 4.2×103 J．考点：控制变量法与探究性实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：（1）用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节；（2）实验时选用相同的酒精灯，即为了在相同的时间内，让各物质吸收的热量相等；分析表中的数据发现，该题中升高的温度相同，但是加热的时间不同，故通过比较加热的时间来比较物体的吸热能力，即在升高相同的温度下，加热时间长的吸热能量强；（3）已知水的比热容、质量和升高的温度，利用公式Q=cm△t得到水吸收的热量．解答：解：（1）先安装B，可以根据酒精灯的高度确定位置，使操作更方便．所以先安装B再安装A；（2）题目中选用相同的酒精灯，即为了在相同的时间内，让各物质吸收的热量相等；即加热时间不同，其所吸收的热量的多少也是不同的；据表中数据能看出，相同质量的水和煤油，在升高相同的温度时，水需要的加热时间长，故水的吸热能力大；（3）水吸收的热量为Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×10℃=4.2×103J．19\n故答案为：（1）B；A；（2）加热时间；相同质量的水和煤油，在升高相同的温度时，水需要的加热时间长，故水的吸热能力大；（3）4.2×103．点评：此题考查的是不同物质吸热能力大小的比较和热量的计算．比较不同物质吸热能力的大小有两种办法：让质量相同的不同物质加热相同的时间（用相同的加热装置，加热时间就表示了吸收热量的多少），看温度的变化值，温度变化值大的物质吸热能力弱；将质量相同的不同物质加热到相同的温度，比较加热时间的不同，加热时间长的物质吸热能力强． 26．（6分）（2022•西宁）用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率．实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在较长杠杆下面的钩码缓缓上升．（1）实验中，将杠杆拉至图中虚线位置，测力计的示数F为 0.5 N，钩码总重G为1.0N，钩码上升高度h为0.1m，测力计移动距离s为0.3m，则杠杆的机械效率为 66.7 %．请写出使用该杠杆做额外功的一个原因： 由于使用杠杆时需要克服摩擦做功 ．（2）为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，一位同学用该实验装置，先后将钩码挂在A、B两点，测量并计算得到下表所示的两组数据：次数钩码悬挂点钩码总重G/N钩码移动距离h/m拉力F/N测力计移动距离s/m机械效率η/%1A点1.50.100.70.3071.42B点2.00.151.20.3083.3根据表中数据，能否得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论？答： 不能 ；请简要说明两条理由：① 两次实验时钩码没有挂在同一位置 ；② 仅根据一次对比实验所得结论是不可靠的 ．考点：杠杆机械效率的测量实验．专题：简答题；压轴题；实验探究题；控制变量法．分析：（1）弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.1N，正确读数．（2）根据公式进行计算：W有=Gh，W总=Fs，η=．（3）额外功产生的原因：克服机械的重做功、克服摩擦做功．（4）通过探究实验时，应进行多次实验，分析多组数据，才能得出正确结论．（5）分析机械效率的影响因素采取控制变量法．解答：解：（1）弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.1N，指针超过5个小格，示数为0.5N．（2）用杠杆提起货物，对货物做的功是有用功，W有=Gh=1N×0.1m=0.1J．用杠杆提起货物，对整个杠杆做的功是总功，W总=Fs=0.5N×0.3m=0.15J．19\n∴杠杆的机械效率：η==（3）额外功产生的原因：克服机械的重做功、克服摩擦做功．答案不唯一．（4）分析机械效率的影响因素采取控制变量法，研究提起的物重和机械效率的关系时，应保持位置不变．（5）应进行多次实验，分析多组数据，才能得出正确结论．只凭一次实验数据做出结论是不科学的．故答案为：（1）0.5；66.7；由于使用杠杆时需要克服摩擦做功．（2）不能；①两次实验时钩码没有挂在同一位置；②仅根据一次对比实验所得结论是不可靠的．点评：（1）能正确使用弹簧测力计．（2）能计算有用功、总功、额外功、机械效率．（3）正确分析额外功的原因，如何提高机械效率．（4）用控制变量法研究机械效率的影响因素． 27．（9分）（2022•西宁）在复习课上老师提出“如何测量用电器的电功率？”小青，小宁两位同学各自提出了自己的不同实验方案．（1）小青：用伏安法测额定电压已知小灯泡的电功率，根据图1中所给元件，用笔画线（不能交叉）在答题卡图上连接实物电路，并完成：a．实验原理 P=UI ；b．实验前，滑动变阻器滑片P应移至 A 端．c．当测量小灯泡额定功率时，应注意观察 电压 表，并移动滑动变阻器滑片P，使 电压表的示数等于灯泡的额定电压 如图2所示，灯泡正常发光时电流表示数为 0.5 A．（2）小宁：在家庭电路中用电能表测出一个电炉的电功率，除电能表，电炉等器材外，还需要的测量工具是： 秒表 测量时关闭其它用电器，只让电炉单独工作，需要测量的物理量有 电能表表盘转动的圈数 ， 电炉通电时间 ．考点：探究用电器的电功率实验．专题：测量型实验综合题．分析：（1）测量小灯泡的电功率的时候，电源、开关、滑动变阻器、灯泡、电流表串联．电压表并联在灯泡两端；实验前，为防止发生短路，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处，滑片滑动过程中，要注意电压表的示数，直到电压表的示数等于灯泡的额定电压，此时，读出电流表的示数，根据公式P=UI可求灯泡的电功率；（2）根据公式P=可知，只要直到消耗的电能和工作时间即可，消耗的电能可以从电能表显示的示数读出，时间可以用秒表来测量．解答：19\n解：（1）从正极开始依次连接开关、滑动变阻器、灯泡、电流表，回到负极，电压表并联在灯泡的两端，如图：测量电功率的实验原理是P=UI；实验前，滑动变阻器滑片P应移至A端；当测量小灯泡额定功率时，应注意观察电压表的示数，并移动滑动变阻器滑片P，使电压表的示数等于灯泡的额定电压；如图2所示，电流表的量程为0﹣0.6A；所以灯泡正常发光时电流表示数为0.5A；（2）在家庭电路中用电能表测出一个电炉的电功率，除电能表，电炉等器材外，还需要的测量工具是秒表；测量时关闭其它用电器，只让电炉单独工作，根据公式P=可知，需要测量的物理量有电能表表盘转动的圈数和电炉通电时间．故答案为：（1）P=UI；A；电压；并移动滑动变阻器滑片P，电压表的示数等于灯泡的额定电压；0.5；（2）秒表；电能表表盘转动的圈数；电炉通电时间．点评：本题考查电功率的测量实验，实验过程中一定要注意电流表、电压表的量程和滑动变阻器的滑片位置，还要知道电能表的读数方法，难点是连接实物图，这也是整个初中物理的难点． 五、计算题（本题包括2个小题，28题8分，29题10分，共18分）28．（8分）（2022•西宁）在西宁市中小学“科技小制作”活动中，小青同学制作了一个简易调光台灯，如图是他设计的电路图，其中小灯泡L标有“6V 6W”字样，当开关S扳到触点a时，小灯泡正常发光；当S扳到触点b时，通过小灯泡的电流为0.3A，假如灯泡电阻和电源电压不变，求：（1）小灯泡的电阻及电源电压．（2）R的电阻值．（3）开关扳到触点b时，灯泡的实际功率是多少瓦？100s中电阻R产生的热量是多少焦耳．考点：欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：19\n（1）当开关S扳到触点a时，电路为灯泡L的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据P=求出灯泡的电阻；（2）当S扳到触点b时，灯泡与电阻R串联，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R的阻值；（3）开关扳到触点b时，根据P=I2R求出灯泡的实际功率，根据Q=I2Rt求出100s中电阻R产生的热量．解答：解：（1）当开关S扳到触点a时，电路为灯泡L的简单电路，∵灯泡正常发光，∴电源的电压U=UL=6V，由P=可得，灯泡的电阻：RL===6Ω；（2）当S扳到触点b时，灯泡与电阻R串联，根据欧姆定律可得，电路中的总电阻：R总===20Ω，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴R=R总﹣RL=20Ω﹣6Ω=14Ω；（3）开关扳到触点b时，灯泡的实际功率，PL′=I2RL=（0.3A）2×6Ω=0.54W，100s中电阻R产生的热量：QR=I2Rt=（0.3A）2×14Ω×100s=126J．答：（1）小灯泡的电阻为6Ω，电源的电压为6V；（2）R的电阻值为14Ω；（3）开关扳到触点b时，灯泡的实际功率是0.54W，100s中电阻R产生的热量是126J．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等． 29．（10分）（2022•西宁）如图所示，放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器重6N，底面积100cm2，弹簧测力计的挂钩上挂着重为27N的金属块，现将金属块浸没水中，容器内水面由20cm上升到30cm（g=10N/kg）．求：（1）金属块未放入水中时（如图所示），容器底部受到的水的压强：（2）金属块的密度；（3）金属块浸没水中静止后弹簧测力计的示数；（4）金属块浸没水中后（未于底部接触），容器对桌面的压强．19\n考点：液体的压强的计算；密度的计算；压强的大小及其计算．专题：压强和浮力．分析：（1）已知水的深度和密度，利用公式p=ρgh计算容器底部受到水的压强；（2）已知金属块放入水中前后的深度，可以得到金属块排开水的深度；已知容器的底面积和金属块排开水的深度，可以得到金属块排开水的体积，也就是金属块的体积；已知金属块的体积和重力，利用密度公式得到金属块的密度；（3）已知金属块排开水的体积，可以得到金属块受到的浮力；已知金属块的重力、受到的浮力，两者之差就是弹簧测力计的拉力；（4）桌面受到的压力等于容器重力、原来水的重力和金属块排开的水的重力之和；已知压力和受力面积，利用公式p=得到压强．解答：已知：h1=20cm=0.2mρ水=1.0×103kg/m3g=10N/kgh2=30cm=0.3mS=100cm2=0.01m2G金=27NG0=6N求：（1）p1=？（2）ρ金=？（3）p2=？解：（1）金属块未放入水中时容器底部受到的水的压强p1=ρ水gh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa；（2）金属块的体积为V金=V排=Sh排=S（h2﹣h1）=0.01m2×（0.3m﹣0.2m）=0.001m3，金属块的密度为ρ金====2.7×103kg/m3；（3）金属块受到的浮力为F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.001m3=10N，弹簧测力计的示数为F=G﹣F浮=27N﹣10N=17N；（4）容器中的水重为G水=m水g=ρ水gV=ρ水gSh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.01m2×0.2m=20N容器对桌面的压力为F=G0+G水+G排=6N+20N+10N=36N，容器对水平桌面的压强为p2===3600Pa．答：（1）金属块未放入水中时容器底部受到的水的压强为2×103Pa；（2）金属块的密度为2.7×103kg/m3；（3）弹簧测力计的示数为17N；（4）容器对水平桌面的压强为3600Pa．点评：此题考查的是压强、液体压强计算公式的应用、阿基米德原理的应用和力的平衡关系的应用，属于力学综合题．解决压强问题时，首先明确研究对象是液体还是固体，以选择相应的压力、压强公式，切忌张冠李戴．19
