孝感市2020年高中阶段学校招生考试物理试卷温馨提示：1.答题前，考生务必将自己所在县（市、区）、学校、姓名、考号填写在指定的位置。2.选择题选出答案后，用2B铅笔在答题卡上将对应题号的字母代号涂黑；非选择题的答案必须写在答题卡的指定位置，在本卷上答题无效。3.本试卷满分120分，其中物理70分，化学50分。考试时间120分钟。一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。其中1--8小题为单项选择题，9和10小题为多项选择题。对于多项选择题选对的得3分，选对但不全的得2分，不选和错选得0分）1.下列有关声现象，说法正确的是（ ）A.声音的传播不需要介质，真空也能传声B.频率的高低决定声音的音色C.利用超声波给金属工件探伤，说明声能传递信息D.从环境保护的角度来讲，优美的音乐一定不属于噪声【答案】C【解析】【详解】A．声音的传播需要介质，真空不能传声，故A错误；B．频率的高低决定声音的音调，故B错误；C．利用超声波给金属工件探伤，说明声能传递信息，故C正确；D．从环境保护的角度来讲，凡是影响人们正常工作、生活、休息的声音都属于噪声，优美的音乐可能属于噪声，故D错误。故选C。2.下列有关光现象对应的解释与应用正确的是（ ）A.小孔成像是光的直线传播形成的B.湖中有趣的倒影是光的折射形成的C.游泳池注水后看上去变浅是光的反射形成的D.远视眼的矫正，可在眼睛前放一个合适的凹透镜【答案】A【解析】【详解】A．小孔成像是由光的直线传播形成的，故A正确；,B．湖中有趣的倒影是光的反射形成的，故B错误；C．游泳池注水后看上去变浅是光的折射形成的，故C错误；D．远视眼的矫正，可在眼睛前放一个合适的凸透镜，故D错误。故选A。3.下面是与热现象有关的四幅图形，其中说法正确的是（ ）A.图甲中寒冷玻璃上冰花是水蒸气升华而成B.图乙中昆虫和植物上的露珠是水蒸气液化而成C.图丙是某次温度计读数的示意图，这样读数会使测量结果偏大D.图丁是晶体熔化过程中温度变化曲线，其中晶体在BC段不吸收热量【答案】B【解析】【详解】A．寒冷玻璃上的冰花是水蒸气凝华形成的，故A错误；B．昆虫和植物上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化而成的，故B正确；C．由丙图知，采用的是仰视读数，会使测量偏小，故C错误；D．由丁图知，BC段物质处于熔化状态，晶体物质在熔化过程，继续从外界吸收热量，温度保持在熔点不变，故D错误。故选B。4.汽车已经成为现代生活中不可缺少的一部分，下列与汽车有关的说法正确的是（ ）A.汽车静止时，对地面的压力与汽车所受的重力为一对相互作用力B.汽车行驶时，以汽车为参照物路边的树是静止的C.汽车轮胎上凹凸不平的花纹是为了增大摩擦D.汽车高速行驶时，车窗外空气流速越大，压强越大【答案】C【解析】【详解】A．汽车静止时，对地面的压力与汽车所受的重力，两个力的方向相同，故不是一对相互作用力，故A错误；,B．汽车行驶时，以汽车为参照物路边的树，树相对于汽车的位置在发生变化，故树相对于汽车是运动的，故B错误；C．汽车轮胎上凹凸不平的花纹，是压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦，故C正确；D．汽车高速行驶时，车窗外空气流速越大，压强越小，故D错误。故选C。5.如图所示的电路中，电源电压恒定，L为小灯泡，滑动变阻器R的滑片P处于中点，通过控制开关S1、S2和S3的通断来研究电路的常见故障与串、并联，通过调节滑动变阻器来分析电路中电流的变化情况，则（ ）A.闭合S3，断开S1、S2，R被短路B.闭合S1，断开S2、S3，L与R串联C.闭合S2，断开S1、S3，L与R并联D.闭合S2，断开S1、S3，滑片P向右移动，电流表的示数变小【答案】D【解析】【详解】A．闭合S3，断开S1、S2，此时电路为只有灯泡L的简单电路，R断路，故A不符合题意；B．闭合S1，断开S2、S3，滑动变阻器R的滑片P处于中点，此时滑动变阻器一半阻值接入电路，灯泡L断路，故B不符合题意；C．闭合S2，断开S1、S3，此时L与R一半阻值串联，故C不符合题意；D．闭合S2，断开S1、S3，此时L与R一半阻值串联，滑片P向右移动，滑动变阻器阻值增大，根据串联电路分压规律，滑动变阻器分压增大，灯泡L分压减小，灯泡L实际功率减小，小灯泡变暗，温度降低，灯泡L电阻减小，由于滑动变阻器阻值增大量大于灯泡L,阻值减小量，所以该过程总电阻增大，根据欧姆定律可知，电路电流减小，电流表测电路电流，所以电流表示数变小。故D符合题意。故选D。6.2020年6月23日，我国成功发射北斗三号最后一颗全球组网卫星。以下有关说法正确的是（ ）A.北斗卫星在竖直向上加速升空过程中，其机械能不变B.北斗卫星在竖直向上加速升空过程中，外界大气压强越来越大C.北斗卫星进入预定轨道后，不再具有惯性D.北斗卫星的太阳能帆板能将太阳能转化为电能【答案】D【解析】【详解】A．北斗卫星竖直向上加速升空过程中，高度增加，重力势能增加，速度增大，动能增大，故机械能增大，故A错误；B．大气压随高度的增加而减小，故B错误；C．凡是具有质量的物体都具有惯性，故C错误；D．北斗卫星的太阳能帆板能将太阳能转化为电能，故D正确。故选D。7.关于下列几个图形，说法正确的是（ ）A.图甲中装置内的空气被压缩时内能减小B.图乙中家用电能表是一种测量电功率的仪表C.图丙中验电器的金属箔张开是由于同种电荷相互排斥D.图丁中内燃机在做功冲程中将机械能转化为内能【答案】C【解析】【详解】A．图甲中，活塞向下运动，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，故A错误；B．家用电能表是一种测量电功的仪表，故B错误；C．验电器是根据同种电荷相互排斥的原理工作的，故C正确；,D．内燃机在做功冲程中将内能转化为机械能，故D错误。故选C。8.以下说法中错误的是（ ）A.可用安培定则来判断通电螺线管的N极B.电动机是利用电磁感应原理制成的C.目前获得核能的途径有两种：裂变、聚变D.煤、石油属于不可再生能源【答案】B【解析】【详解】A．用右手握住螺线管，让四指指向电流方向，大拇指指向即为通电螺线管的N极，可用安培定则来判断通电螺线管的N极，故A正确，A不符合题意；B．电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，故B错误，B符合题意；C．目前获得核能的途径有两种，核裂变或核聚变，故C正确，C不符合题意；D．煤和石油的形成需要上亿年，短期内不能再生，属于不可再生能源，故D正确，D不符合题意。故选B。9.如图所示，某建筑工人利用滑轮组提升水平面上重900N、底面积为200cm2的方形货箱，货箱20s内匀速上升4m，工人所用拉力F为400N（不计绳重和摩擦），则（ ）A.人拉绳子的速度为0.2m/sB.动滑轮的重力为300NC.此段时间内，拉力F做功为3600JD.当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对地面的压强为4.5×104Pa【答案】BD【解析】【详解】由图可知，,A．货箱20s内匀速上升4m，则货箱的速度则人拉绳子的速度故A不符合题意；B．不计绳重和摩擦，将动滑轮和货箱看做整体，整体匀速上升，则整体处于平衡态，受平衡力，对整体做受力分析可得则动滑轮重故B符合题意；C．货箱20s内匀速上升4m，则绳移动的距离此段时间内，拉力F做功故C不符合题意；D．当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对水平面的压力则货箱对水平面的压强故D符合题意。故选BD。【点睛】，10.如图甲所示，电源电压U恒定，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两电压表、的示数随电流表示数变化的图象如图乙所示，则（ ）,A.图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象B电源电压C.定值电阻D.调节滑片P的过程中，滑动变阻器R的最大电功率为0.375W【答案】ABD【解析】【详解】由电路图知，与串联，电压表测两端的电压，电压表测两端的电压，电流表测整个电路的电流。A．因连接电路前，变阻器的滑片位于最大值端，当闭合开关时，电路中的电阻最大，电压最大，当滑片向左移动的过程中，变阻器接入电路的阻值减小，根据串联电路分压的规律知，变阻器分得的电压逐渐减小，电阻分得的电压逐渐增大，即的示数减小，的示数增加，故图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象，故A符合题意；B．由图乙知，当变阻器接入电路的阻值最大时，分得的电压为2.4V，此时电阻分得的电压为0.6V，由串联电路电压的特点可得电源电压故B符合题意；C．由乙图知，当两端的电压为0.6V时，电路中的电流为0.1A，根据欧姆定律可得的阻值故C不符合题意；D．滑片从a点到c点的过程中，电路中的电流,消耗功率为由上式知，当滑动变阻器消耗的功率最大，则故D符合题意。故选ABD。二、作图与实验探究题（本大题共4小题，共20分）11.如图所示，放在水平地面上的小车B与弹簧相连，弹簧处于伸长状态，物体A与小车B均静止。请画出：①物体A的重力示意图（O为物体A的重心）；②弹簧对小车B的弹力示意图。（）【答案】【解析】【详解】物体A受到的重力，重力的作用点在物体A上的O点，方向竖直向下，画出一条带箭头的线段，在箭头附近标注字母G；弹簧对小车B的弹力，作用在小车B上，因为弹簧处于伸长状态，弹力的方向与弹簧形变方向相反，所以弹力方向水平向右，画出一条带箭头的线段，在箭头附近标注字母F，如图所示,12.如图所示，SC、SD为点燃的蜡烛发出的两条光线，光线SC平行于凸透镜的主光轴，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点：光线SD斜射到平面镜上。请画出：①光线SC经过凸透镜折射后的光线；②光线SD经过平面镜反射后的光线。（）【答案】【解析】【详解】过点D作法线DN，作，直线DE即为反射光线；因入射光线SC平行于凸透镜的主光轴，故经凸透镜后的折射光线通过右焦点F，如下图所示。13.如图所示为“探究物体动能跟哪些因素有关”的装置示意图。,(1)原理：运动的钢球A碰上木块B后，能将B撞出一段距离s。在同样的水平面上，B被撞得越远，A对B做的功就越多，A的动能就越大，通过B被撞的远近来反映物体A动能大小的方法在物理学中属于____（选填“控制变量法”或“转换法”）。(2)步骤：①让同一钢球A分别从不同高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越______，木块B被撞得越远；②改变钢球的质量，让不同的钢球从___（选填“同一”或“不同”）高度由静止开始滚下，质量越大的钢球将木块B撞得越远。(3)结论：通过多次实验表明，质量相同的物体，运动的速度越大，它的动能越大：运动速度相同的物体，质量越大，它的动能________。【答案】(1).转换法(2).大(3).同一(4).越大【解析】【详解】(1)[1]动能与距离是两个不同性质的物理量，物体A动能大小用木块B被撞的远近来反映，属于转换法。(2)[2]钢球A在斜面上做的是加速运动，高度h越高，钢球A到达水平面时的速度越大。[3]探究动能大小与物体质量的关系，应使用不同质量的钢球进行实验，控制不同钢球到达水平面时的速度相同，即控制不同钢球从同一斜面同一高度由静止释放，比较木块B被撞得距离远近。[4]动能大小与物体的运动速度和质量有关，运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大。14.某同学利用如图甲所示电路来测量小灯泡的额定电功率，电源电压恒定，小灯泡的额定电压为2.5V，实验步骤如下：,(1)请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物连接完整（要求滑片P向左移动的过程中电流表示数变小）；（）(2)正确连接电路后，闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片P置于____（选填“A”或“B”）端；(3)闭合开关S，发现电流表指针偏转，小灯泡微弱发光，而电压表指针无偏转，则故障的原因可能是电压表_____（选填“断路”或“短路”）；(4)排除故障后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡两端电压达到额定电压，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为____A；(5)通过以上数据可以计算出小灯泡的额定功率为_________W；(6)在测量小灯泡额定电功率时，另一位细心的同学在调节滑动变阻器的过程中，记录了多组电压表与电流表的示数，并大致描绘出了小灯泡的I—U图象，如图丁所示。通过图象可以发现不同电压下小灯泡的电阻不同，小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而____________。【答案】(1).(2).A(3).断路(4).0.30(5).0.75(6).增大【解析】【详解】(1)[1],要求滑片向左移动时，电流表示数变小，即电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示[Failedtodownloadimage:http://qbm-images.oss-cn-hangzhou.aliyuncs.com/QBM/2020/7/22/2511445824978944/2511561114927104/ANSWER/1647a6a0d87645aa982e43a2dbf6c777.png](2)[2]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为最大阻值，即滑片P移到A端。(3)[3]电流表指针偏转，说明电路是通路或局部某元件短路，小灯泡微弱发光，说明小灯泡没有被短路，电压表并联在小灯泡两端，所以电压表也不会被短路，电压表无示数，只能是电压表断路。(4)[4]如图丙所示，电流表接量程，分度值是0.02A，电流表读数是0.30A。(5)[5]小灯泡额定电压是2.5V，正常发光时电流是0.30A，则小灯泡额定功率(6)[6]由图丁，灯泡两端电压增加量相同，电流增加量越来越小，故灯丝电阻随温度的升高而增大。15.为了测定某种液体的密度，同学们分成两组分别进行实验。(1)第一小组同学用到的实验器材有天平、量筒、烧杯等，她们的操作步骤如下：①首先将天平放置于水平桌面上，观察到天平是_______（选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆；②将游码放到标尺左端的零刻度线处，发现天平分度盘的指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向___（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡；③将待测液体倒入空烧杯中，用天平测量出烧杯和待测液体的总质量m1=92.6g，然后将烧杯中适量的待测液体倒入空量筒中，如图乙所示，则量筒中待测液体的体积为V=____mL，再次用天平测量出烧杯和剩下待测液体的总质量m2=59.8g，则量筒中待测液体的质量为_______g；④通过以上步骤，测得这种待测液体密度为__________kg/m3；(2)第二小组同学用到的实验器材有弹簧测力计、烧杯、细线、体积为V0的物体等，他们的方法如下：①将物体用细线挂在弹簧测力计下，如图丙所示，静止时弹簧测力计的示数为F1；②然后将弹簧测力计下的物体浸没到装有待测液体的烧杯中，如图丁所示，静止时弹簧测力计的示数为F2；③该组同学测出待测液体密度的表达式为ρ=_______（请用F1、F2、V0、g表示）。,【答案】(1).等臂(2).右(3).40(4).32.8(5).0.82×103(6).【解析】【详解】(1)[1]天平看做杠杆，其支点在天平刀口，使用天平称量前，使横梁在水平位置平衡，因为动力臂等于阻力臂，所以天平是等臂杠杆。[2]如图甲所示，指针指在分度盘的左侧，说明左侧重，应将平衡螺母向右调节。[3]如图乙，之间有10个格，一个格表示1mL，即量筒的分度值是1mL，量筒内液体体积读数40mL。[4]量筒中待测液体的质量为[5]待测液体的密度为(2)[6]物体浸没到待测液体的烧杯中，所以物体受到的浮力根据阿基米德原理则三、应用题（本大题共3小题，共20分）16.如图所示，水平地面上M点有一质量为60kg的箱子，现用水平向左的推力将箱子沿直线匀速推至N点，所用时间30s，MN间的距离为15m（g=10N/kg）。求：(1)箱子所受的重力；(2)箱子运动的速度；(3)若箱子在运动过程中所受阻力为自身重力的0.2倍，则从M点推至N点的过程中推力对箱子做功的功率。,【答案】（1）；（2）；（3）60W【解析】【详解】(1)箱子受到的重力(2)箱子运动的速度(3)箱子所受阻力箱子向左匀速直线运动，由二力平衡可得推力的大小推力做的功推力做功的功率答：(1)箱子所受的重力是600N；(2)箱子运动的速度是；(3)推力对箱子做功的功率是60W。17.物块P与金属球Q用细线连接，一起放入装有一定质量水的柱状容器内，二者恰好悬浮，如图甲所示，此时柱状容器中水的深度为23cm；物块P重1N、体积为（，）求：(1)图甲中水对容器底部的压强；(2)图甲中物块P所受浮力的大小；(3)若剪断细线，物块P上浮，金属球Q下沉，待稳定后，物块P漂浮于水面，如图乙所示，则此时物块P,露出水面的体积。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)容器底部受到水的压强为(2)物块P浸没在水中由阿基米德原理知物块P所受浮力(3)因为物块P漂浮于水面，由二力平衡知由知物块P露出水面的体积答：(1)水对容器底部的压强为；(2)物块P所受浮力的大小为；(3)物块P露出水面的体积为。18.如图甲所示为便携式可折叠电热壶，额定电压为220V。电热壶具有加热、保温两档，保温档的额定功率为110W，内部简化电路如图乙所示，当双触点开关接触1和2时为关闭状态，接触2和3时为保温档，接触3和4时为加热档。、是两个阻值不变的发热元件，，现将电热壶接到220V的家庭电路中，求：,(1)的阻值；(2)加热档的电功率；(3)若电热壶内装有0.5kg的水，现用加热档使水从25°C升高到100°C，加热效率为63%，则需要工作多少秒（，结果保留一位小数）?【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)由可得的阻值(2)由分析知，当双触点开关接触3和4时，处于高温档，此时电阻、并联，则消耗的功率为加热档的电功率(3)由知，水吸收的热量由知电热壶消耗的电能由可得加热时间,答：(1)的阻值；(2)加热档的电功率为；(3)需要工作225.2秒。,
