广东省汕头市潮师高级中学2022-2022学年高二理综下学期第二次（6月）月考试题（物理部分）粤教版13.处于同一平面内的两根长直导线中通有方向相反大小不同的电流，这两根导线把它们所在的平面分成a、b、c三个区域，如右图所示，则磁感强度为零的区域I1I2abcA．一定出现a区B．一定出现b区C．可能出现在b区D．可能出现在c区14.图中虚线1、2、3、4表示匀强电场的等势面。一带正电的粒子只在电场力的作用下从a点运动到b点，轨迹如图中实线所示。下列说法中正确的是A．等势面1电势最低B.粒子从a运动到b，动能减小U/vI/A5.05.25.45.65.86.000.10.20.30.40.5C．粒子从a运动到b，电势能增加D．粒子从a运动到b的过程中电势能与动能之和不变15.如右图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是A、电源的电动势为6.0VB、电源的内阻为12ΩC、电源的短路电流为0.5AD、电流为0.3A时的外电阻是16Ω16如图电路中，L1、L2两盏灯完全相同，当滑动变阻器的滑动头向左移动时，则A．L1变亮，L2变亮B．L1变暗，L2变亮C．L1变暗，L2变暗D．L1变亮，L2变暗二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分。17.在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点P，P点与q1的距离为r，把一个电量为q2的检验电荷放在P点，它受的静电力为F，则P点电场强度的大小等于18.一个正电荷在电场中沿某一电场线由M点移动到N点，在此过程中有可能的是MNA．电场力的大小不断变大B．电场力的大小保持不变C．电荷克服电场力做功D．电荷的电势能不断变大19.闭合回路由电阻R与导线组成，其内部磁场大小按B-t图变化，方向如图，则回路中6\nA．电流方向为顺时针方向B．电流强度越来越大C．磁通量的变化率恒定不变xkb1.comD．产生的感应电动势越来越大20.如图所示为通电螺线管的纵剖面图，“”和“⊙”分别表示导线中的电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针(涂黑的一端为N极)静止时的指向一定画错了的是 A．aB．bC．cD．d21．两根相互平行的金属导轨水平放置于如图所示的匀强磁场中，与导轨接触良好的导体棒AB和CD可以在导轨上自由滑动，当AB在外力F作用下向右运动时，下列说法正确的是A．导体棒CD内有电流通过，方向是D→CB．导体棒CD内有电流通过，方向是C→DC．磁场对导体棒CD的作用力向左D．磁场对导体棒CD的作用力向右0510155A—V—Ω~V~－Ω∞34．（1）（8分）某变压器不能拆解，课外活动小组准备用下列器材测定其原线圈使用的铜丝长度：多用电表、电流表（0～0.6～3A）、电压表（0～3～15V）、开关、滑动变阻器（0～5Ω）、导线、干电池等．①用螺旋测微器、多用电表的欧姆×1挡分别测量铜丝的直径、阻值，结果如上图所示，则铜丝的直径为mm、电阻约为Ω；②请按下面方框中的实验原理图，在实物图中补画出未连接的导线．VARX6\n⑵某同学在探究规格为“2.5V，0.6W”的小电珠伏安特性曲线实验中,该同学采用如右图乙所示的电路进行测量。现备有下列器材供选用：A.量程是0～0.6A，内阻是0.5Ω的电流表B.量程是0～3A，内阻是0.1Ω的电流表C.量程是0～3V，内阻是6kΩ的电压表D.量程是0～15V，内阻是30kΩ的电压表E.阻值为0～1kΩ，额定电流为0.5A的滑动变阻器F.阻值为0～10Ω，额定电流为2A的滑动变阻器G.蓄电池(6V内阻不计）H.开关一个，导线若干.①．为使测量结果尽量准确，电流表应选用，电压表应选用，滑动变阻器应选用.(只填字母代号)②．在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最__________端。（填“左”或“右”）③．在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是_______点到_______点的导线没接好，（图乙中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图乙中的数字，如“2”点到“3”点的导线）④．该同学描绘出小电珠的伏安特性曲线示意图如图丙所示，则小电珠的电阻随工作电压的增大而__________（填：“不变”、“增大”或“减小”）四计算AB35如图，竖直平行直线为匀强电场的电场线，方向未知，质量为m、电荷量为q的带负电粒子以初速度v0从A点垂直电场方向进入电场，该粒子经过电场中的B点，不考虑带电粒子的重力．（1）试确定电场强度的方向．（2）若已知电场强度为E,粒子过B点时速度方向与水平方向夹角为60°，试求到B点时的速度大小及从A到B的运动时间．6\n36.有一平行板电容器，内部为真空，两个极板的间距为，极板长为L，极板间有一匀强电场，U为两极板间的电压，电子从极板左端的正中央以初速射入，其方向平行于极板，并打在极板上的D点，如下图（甲）所示。电子的电荷量用e表示，质量用表示，重力不计。回答下面问题（用字母表示结果）.（1）求电子打到D点的动能；（2）电子的初速必须大于何值，电子才能飞出极板；（甲）dLd/2（乙）vdLd/22D（3）若极板间没有电场，只有垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，电子从极板左端的正中央以平行于极板的初速度射入，如下图（乙）所示，则电子的初速度为何值，电子才能飞出极板？6\n2022－2022高二级物理科答案[Z+xx参考答案13-16DDAB17-21BCABACABBD34（1）（6分）①1.596（1.593～1.598）mm（2分）、13Ω（2分）；②2分⑵(12分)①ACF6分②左2分③152分④增大2分解(1)因粒子向下偏转,故电场力向下,由粒子带负电知电场强度向上4分(2)因B点时速度方向与水平方向夹角为60°故到B时的速度大小为3分3分由牛顿第二定律知得3分3分得2分36（18分）解：（1）设电子打到D点时的动能为Ek，由动能定理可得：①（3分）由①式解得：②（2分）（2）设电子刚好打到极板边缘时的速度为v，电子在平行板电容器间做类平抛运动，设其在竖直方向的加速度为a，在电场中的飞行时间为t，则由电场力及牛顿第二定律、平抛运动的规律可得：③（1分）6\n④（1分），⑤（1分），由③④⑤式联立解得：（1分）所以电子要逸出电容器，必有：（1分）（3）在只有磁场情况下电子要逸出电容器，有两种情况.①电子从左边出，做半圆周运动，其半径：⑥（1分）由洛仑兹力和向心力公式可得：⑦（1分），由⑦式解得：⑧（1分）因此电子避开极板的条件是：⑨（1分）②电子从右边出，做半圆周运动其半径：⑩由⑩式解得：（1分）由洛仑兹力和向心力公式可得：（1分）由式解得：（1分）电子避开极板的条件是：（1分）6
