2022-2022学年第一学期高二年级第一次月考物理试题时间：100分钟一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1—8题为单项选择题，9—12题为多项选择题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）．1．关于静电场，下列结论普遍成立的是（ ） A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关 B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低 C．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零 D．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向2.下列说法正确的是（）A.电源的电动势在数值上等于电源在搬运单位电荷时非静电力所做的功B.电阻率是反映材料导电性能的物理量，仅与材料种类有关，与温度、压力和磁场等外界因素无关C.电流通过导体的热功率与电流大小成正比D.电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量.由C=Q/U可知电容的大小是由Q（带电量）或U（电压）决定的3．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（ ） A．此接法的测量值大于真实值 B．此接法的测量值小于真实值 C．此接法的测量值等于真实值 D．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻4．电流表的内阻是Rg=200Ω，满偏电流值是Ig=500μA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（ ） A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻 C．应串联一个1800Ω的电阻D．应并联一个1800Ω的电阻5．电路中有一段金属丝长为L，电阻为R，要使电阻变为4R，下列可行的方法是()A.将金属丝拉长至2LB.将金属丝拉长至4LC.将金属丝对折后拧成一股D.将金属丝两端的电压提高到原来的4倍6．如图所示，在a、b两点上放置两个点电荷，它们的电荷量分别为q1、q2，MN是连接两点的直线，P是直线上的一点，下列哪种情况下P点的场强可能为零（）abPMNq1q2A．q1、q2都是正电荷，且q1>q2B．q1是正电荷，q2是负电荷，且q1<∣q2∣C．q1是负电荷，q2是正电荷，且∣q1∣>q2D．q1、q2都是负电荷，且∣q1∣<∣q2∣8\n7．两电阻R1和R2的电流I电压U的关系图线如图所示，可知两电阻的大小之比R1：R2等于（ ）A．1：3B．3：1C．1：D．1：48．如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个检验电荷在这个电场中的轨迹，若电荷只受到电场力的作用从a处运动到b处，以下说法正确的是（）A．电荷在b处的速度比a处小B．电荷在b处的加速度比a处大C．b处的电势比a处低D．电荷在b处的电势能比a处小9．如图所示，真空中A、B两点固定两个等量正电荷，一个具有初速度的带负电的粒子仅在这两个电荷作用下可能做（ ）++ABA、匀速直线运动B、变速直线运动C、匀变速曲线运动D、匀速圆周运动10．如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号。则当振动膜片向右振动时（）A．电容器电容值增大B．电容器带电荷量减小C．电容器两极板间的场强增大D．电阻R上电流方向自左向右11.两个点电荷Q1、Q2固定于x轴上．将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2(位于坐标原点O)．设无穷远处电势为零，此过程中，试探电荷的电势能Ep随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是( )A．M点电势为零，N点场强为零B．M点场强为零，N点电势为零C．Q1带负电，Q2带正电，且Q2电荷量较小D．Q1带正电，Q2带负电，且Q2电荷量较小12．如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一小孔M和N.今有一带电质点自A板上方相距为d的P点由静止自由下落(P、M、N在同一竖直线上)，空气阻力忽略不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返同.若保持两极板间的电压不变，则().A.把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回B.把A板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落C.把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回D.把B板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落二、实验题（每空3分，共18分）13.8\n小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变化，一研究性学习小组在实验室通过实验研究这一问题，实验室备有的器材是：电压表（3V，3kΩ)、电流表（0～0.6A，0.1Ω)、电池、开关、滑动变阻器、待测小灯泡、导线若干。实验时，要求小灯泡两端电压从零逐渐增大到额定电压以上。（1）他们应选用图中所示的 电路进行实验；（2）根据实验测得数据描绘出如图所示U－I图象，由图分析可知，小灯泡电阻随温度T变化的关系是 。（3）已知实验中使用的小灯泡标有1.5V字样，请你根据上述实验结果求出小灯泡在1.5V电压下的实际功率是 W。14、在“探究金属的电阻的影响因素”时，测量电路如图，测出金属丝的其长度L、横截面积S，电流表和电压表的读数分别为U、I，则：（1）金属丝的电阻率ρ=（用以上字母表示）（2）在做实验前，按照所示的电路图用导线把器材连好，并把滑动变阻器的滑片应该滑至________（填“左边”或“右边”）（3）用笔代替导线按上图的电路把下图的实物图连接起来三、计算题(共34分)15.（8分）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角。将一个电量为−2×10−5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J。则：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）A．B两点的电势差UAB为多少？（3）匀强电场的场强为多大？60°16.（8分）如图所示，用长L的绝缘细线栓住一个质量为，带电量为q的小球，线的另一端栓在水平向右的匀强电场中，开始时把小球、线拉到和O在同一水平面上的A点（线拉直），让小球由静止开始释放，当摆线摆到与水平线成60°角到达B点时，球的速度正好为零。求：（1）B、A两点的电势差；（2）匀强电场的场强大小；8\n17.（8分）如图所示，两块平行金属板MN间的距离为d，两板间电压u随时间t变化的规律如右图所示电压的绝对值为U0，t=0时刻M板的电势比N板低，在t=0时刻有一个电子从M板处无初速释放，经过1.5个周期（周期为未知量）刚好到达N板，已知电子的电荷量为e，质量为m，。求：⑴该电子到达N板时的速率v．⑵在1.25个周期末该电子和N板间的距离s．18．（10分）如图所示，甲图是用来使带正电的离子加速和偏转的装置．乙图为该装置中加速与偏转电场的等效模拟．以y轴为界，左侧为沿x轴正向的匀强电场，场强为E．右侧为沿y轴负方向的匀强电场．已知OA⊥AB，OA=AB，且OB间的电势差为U0，若在x轴的C点无初速地释放一个电荷量为q、质量为m的正离子（不计重力），结果正离子刚好通过B点，求：（1）CO间的距离d；（2）粒子通过B点的速度大小．高二年级第一次月考物理参考答案123456789101112DAACABAABDACACACD1.解答：解：A、电势差的大小决定于电场线方向上两点间距和电场强度，所以A错误；B、在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离负电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，所以B错误；C、场强为零，电势不一定为零，电场中肯定存在场强都为零、电势又不相等的两个点，在这样的两个点之间移动电荷，电场力将做功，所以C错误；8\nD、沿电场方向电势降低，而且速度最快，所以D正确；故选D．3.解答：解：（1）实验采用电流表的内接法，电流的测量值I是真实的，由于电流表的分压作用，电压测量值U偏大，由R=可知，测量值偏大，测量值大于真实值，故A正确，B错误；（2）伏安法测电阻，当待测电阻阻值远大于电流表内阻时，采用内接法，故C错误；（3）实验采用的是滑动变阻器的分压接法，为保证电路安全，开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最右端，此时分压电路电压为零，故D错误；故选A．4. 解答：解：电流表改装成电压表要串联的电阻为：R===1800ΩA串联阻值不对．故A错误B不应并联．故B错误C符合要求．故C正确D不应并联．故D错误故选：C5.解：A、将金属丝拉长至2L，体积不变，则横截面积变为原来的1/2，根据R=ρL/s知，电阻变为原来的4倍．故A正确．B、将金属丝拉长至4L，体积不变，则横截面积变为原来的1/4，根据R=ρL/s知，电阻变为原来的16倍．故B错误．C、将金属丝对折后拧成一股，长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据R=ρL/s知，电阻变为原来的1/4．故C错误．D、将金属丝两端的电压提高到原来的4倍，电阻不变．故D错误．故选A6.A、两电荷若都是正电荷，则两点电荷在p点产生的场强方向均向左，故无法为零，A错误；B、q1是正电荷，则q1在p点的场强方向向左，q2是负电荷，q2在p点的场强方向向右，因r1＜r2，由E=kq/r2可知，要使两电荷在p点场强相等，应保证q1＜|q2|，故B正确；C、q1是负电荷，则q1在p点的场强方向向右，q2是正电荷，q2在p点的场强方向向左，由B的分析可知，电荷量应保证|q1|＜q2，故C错误；D、若两电荷均为负电荷，则两电荷在p点的场强方向均向右，故无法为零，故D错误；故选B7.解答：解：由图可知，R1=；R2=；故R1：R2=tan30°：tan60°=1：3；故选：A．8\n8解答：解：A、由题意分析可知，电场力做负功，电势能增加，动能减小，则速度减小，所以电荷在b处速度小，所以A正确；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在b点的加速度小，所以B错误；C、根据粒子的运动的轨迹可以知道，结合沿着电场线的电势在降低，然而不知电场线的方向，及电荷的带电性，所以确定两点的电势大小，所以C错误；D、从a到b的过程中，电场力做负功，电势能增加，所以b处电势能大，所以D错误．故选：A9.解：两个等量正电荷的电场中，场强处处不等，带负电的粒子所受电场力处处不等，故只受电场力时不可能做匀速直线运动、匀变速直线运动和匀变速曲线运动．只有在垂直于两电荷连线且过连线的中点的平面上、以垂足为圆心的圆周上各点场强大小相等，方向由垂足向外，因此带负电的粒子在此平面上以垂足为圆心的各点所受电场力大小相等，方向总指向垂足，所以可以在此平面上做匀变速直线运动．故选BD．10.电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化，从而场强变化，R中有电流．振动膜片向右振动时电容器两极板的距离变小，电容变大，由C=Q/U知，U不变的情况下，Q增大，场强增大，R中电流方向自右向左，本题考查了电容器的动态分析，方法是：从部分的变化引起电容的变化，根据电压或电量不变判断电量或电压的变化,故选AC11.A、B、由图知，M点电势能EP=0，由φ=Ep/q△Ep△x分析得知，M点电势φ=0．EP-x图象的斜率=F=qE，则知N点场强为零．故B错误，A正确．C、D、根据正电荷在电势高处电势能大，可知，带正电的试探电荷从远处移近Q2的过程中，电势能减小，电势先降低后升高，说明Q1带负电，Q2带正电，N点场强为零，由E=k知，Q2电荷量较小．故C正确，D错误12.这个问题要用动能定理来解决.以带点质点为研究对象,设带点质点能下落到N孔,且速度为v.由P点到N孔的过程中,只有重力和电场力做功,重力做正功,电场力做负功.第一次：重力做功（mg×2d）,电场力做功（-Uq）,末动能和初动能都为零.即：mg×2d-Uq=0-0解得Uq=2mgd第二次（选项A）：把A板向上移动一小段距离,电压不变,电场力做功（-Uq）不变,重力做功不变,所以,到达N孔时,速度为零,仍能返回.A对.第三次（选项B）：把A板向下移动一小段距离,电压不变,电场力做功（-Uq）不变,重力做功不变,所以,到达N孔时,速度为零,仍能返回.B错.第四次（选项C）：把B板向上移动一小段距离,电压不变,电场力做功（-Uq）不变,但AB两板间的距离变小,重力做功变小,所以,到达N孔之前,速度为零,仍能返回.C对第五次（选项D）：把B板向下移动一小段距离,电压不变,电场力做功（-Uq）不变,重力做功增大,所以,到达N孔时,速度不为零,质点将穿过N孔继续下落.D对13.答案：（1）A（2）电阻随温度T升高而增大（3）0．69W14.2、（1）ρ=US/IL（2）左边（3）如图8\n15.16.（1）(4分)由动能定理得：∴（2）(4分)得：17、解：⑴由题意知，电子在第一、三个T/2内向右做初速为零的匀加速运动，第二个T/2内向右做末速为零的匀减速运动。由知，这三段时间内电子的位移是相同的。在第三个T/2内对电子用动能定理：，其中U=U0/3，得。⑵在第三个T/2初，电子的位置离N板d/3，在第三个T/2内，电子做初速为零的匀加速运动，总位移是d/3，前一半时间内的位移是该位移的1/4，为s/=d/12，因此这时离D板s=d/3-s/=d/4。18.解答：（1）设正离子到达O点的速度为v0（其方向沿x轴的正方向）则正离子从C点到O点，由动能定理得：qEd=mv2﹣0而正离子从O点到B点做类平抛运动，令==L，则：从而解得8\n所以到达B点时：从而解得：d=故CO间的距离d为．（2）设正离子到B点时速度的大小为vB，正离子从C到B过程中由动能定理得：qEd+qU0=mvB2﹣0解得vB=.故粒子通过B点的速度大小为．8
