芝华中学17-18上高二年级物理科第一次阶段考试卷一、选择题（本大题共14小题，将正确题号写在答题卷上，每题4分，1到10题为单项选择题，11-14题为多选题，选不全得2分，有错选不得分，共计56分）1.1.关于库仑定律，下列说法正确的是（ ）A.库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用B.根据公式，当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大C.若点电荷Q1的电荷量大于Q2的电荷量，则Q1对Q2电场力大于Q2对Q1电场力D.库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体【答案】A【解析】【详解】A、库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用，故A正确。B、根据公式可知，当两个点电荷距离趋于无穷大时，电场力将趋于0；而当两个电荷的距离趋近于零时，不再满足点电荷的条件，故不能从数学公式推出电场力为无穷大；故B错误。C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对 Q2的电场力大小上总等于Q2对 Q1电场力；故C错误。D、库仑定律适用于点电荷，点电荷并不是体积很小的球体，故D错误。故选A。【点睛】解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．2.2.下列说法正确的是（ ）A.正电荷受到的电场力的方向跟电场强度方向相同B.负电荷受到的电场力的方向跟电场强度方向相同C.顺着电场线方向电场强度一定增大D.顺着电场线方向电势一定升高【答案】A【解析】-13-【详解】A、B、电场强度方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反；故A正确，B错误。C、电场强度反映电场本身的性质，与场强的方向无关；故C错误。D、根据移动电荷与电场力做功的关系可推得结论：顺着电场线方向电势一定降低，故D错误。故选A。【点睛】解决本题关键要掌握电场强度的物理意义和电场强度的方向特点，知道场强反映电场本身的特性，与试探电荷无关。3.3.两个带正电的小球，放在光滑的绝缘的水平面上，相距一定的距离，若同时由静止开始释放两球，它们的加速度和速度将（ ）A.速度变大，加速度变大B.速度变大，加速度变小C.速度变小，加速度变小D.速度变小，加速度变大【答案】B【解析】【详解】由静止开始释放两球，两球各自受库仑斥力，两球距离增大，根据库仑定律得，两球的斥力将会减小；根据牛顿第二定律知小球加速度变小，而加速度方向与速度方向相同，所以速度变大，故选B。【点睛】熟悉库仑定律的表达式，能够在具体问题中判断库仑力的变化和加速、减速的条件．4.4.关于电阻率的说法,正确的是()A.超导材料的电阻率总是为零B.电阻率ρ大的导体,电阻可以很小C.电阻率ρ与导体的长度L和横截面积S有关D.电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体的长度决定,与温度无关【答案】B【解析】A.超导材料的电阻率并不总是为零，只有达到一定温度时其电阻才能为零，故A错误；-13-B.导体电阻由导体电阻率、导体长度、横截面积决定。导体的电阻率很大，但如果导线很短，截面积很大，则电阻可以很小，故B正确；C.电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的长度、和截面积无关，与温度有关，故CD错误。故选：B.5.5.关于电流下列说法中正确的是（）A.因为电流有方向，所以电流是矢量B.电子定向运动的速率越大，电流越大C.通过导线截面的电量越多，电流越大D.单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大【答案】D【解析】A、电流有大小和方向，但是标量，因为其合成法则是代数运算法则，而不是矢量合成的平行四边形定则，故A错误；B、由电流定义式：I=，电流的大小与导体的材料、横截面积和定向移动的速率有关，电子定向运动的速率大，电流不一定大，故B错误；C、由电流定义式：I=，通过导线截面的电量多，如果时间长，电流不一定大，故C错误；D、由电流定义式：I=，这是个比值定义式，故单位时间内通过导体横截面的电量越多，导体中电流越大，故D正确．故选D点睛：电流是一个比较特殊的量，它有大小和方向，但是标量．由电流的定义式是比值定义式，可判定。6.6.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（ ）-13-A.电容器的电容增大B.电容器极板带电量增大C.带点油滴将沿竖直方向向下运动D.带点油滴将沿竖直方向向上运动【答案】C【解析】【详解】A、将平行板电容器的d增大，由可知，电容C变小，A错误。B、因电容器一直和电源相连，则其电压U不变，由可知电容器的带电量变小，即电容器放电；B错误。C、D、分析平衡带电油滴可知，电场力向上，则油滴带负电，现电容器间的匀强电场场强由可知变小，则电场力变小，由牛顿第二定律可知带负电油滴向下做匀加速直线运动；故C正确，D错误。故选C。【点睛】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．7.7.如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷．达到静电平衡后（ ）A.a端的电势比b端的高B.b端的电势比a端的高C.ab两端的电势相等D.杆内c处电场强度的方向由a指向b-13-【答案】C【解析】【详解】A、B、C、达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb；故A，B错误，C正确。D、由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强处处为零；D错误。故选C。【点睛】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．8.8.R1和R2分别标有“2Ω、1.0A”和“4Ω、0.5A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为（ ）A.6.0WB.5.0WC.3.0WD.1.5W【答案】D【解析】试题分析：把R1和R2串联后，由于R2的最大电流较小，所以串联后的最大电流为0．5A，串联后的总电阻为6Ω，所以电路的最大的功率为P=I2R=0．52×6W=1．5W，故选D．考点：电功率【名师点睛】本题考查的是串联电路的特点，在串联电路中，电路的电流的大小是相同的，根据这一个特点就可以判断出电流中允许通过的最大的电流。9.9.如图所示，在匀强电场中有a、b、c、d四点，它们处于同一圆周上，且ac、bd分别是圆的直径．已知a、b、c三点的电势分别为φa＝9V，φb＝15V，φc＝18V，则d点的电势为( )A.4VB.8VC.12VD.16V【答案】C【解析】-13-试题分析：根据几何知识知，ab长度等于dc长度，且线段ab平行于线段cd，根据在匀强电场中平行相等两线段端点之间的电势差相等，则φb-φa=15-9=φc-φd=18-φd可得φd=12V．故选C．考点：电势及电势差【名师点睛】本题关键是找等势点，作出等势线．要根据匀强电场的等势线平行，且沿电场方向相同距离，电势差相等进行分析。10.10.如图甲所示，A、B是电场中的一条直线形的电场线，若将一个带正电的点电荷从A由静止释放，它只在电场力作用下沿电场线从A向B运动过程中的速度图象如图乙所示.比较A、B两点的电势和场强E，下列说法正确的是()A.φA<φB，EA<ebb.φa<φb，ea>EBC.φA>φB，EA>EBD.φA>φB，EA<eb【答案】c【解析】试题分析：由v-t图像得到图线的斜率减小，加速度减小，电场力减小，场强减小，得到ea>EB，AD错；因物体速度增大，电场力对点电荷做正功，由知AB两点间的电势差U大于零，所以φA>φB，C对，B错。考点：v-t图像，牛顿第二定律，电场力做功与电势能和动能的关系点评：学生明确v-t图线的斜率代表加速度，清楚电场力做功与电势能和动能的关系。11.11.铅蓄电池的电动势为2V，这表示( )A.蓄电池在1s内将2J的化学能转变为电能B.电路中每通过1C电荷量，电源把2J的化学能转变为电能C.无论接不接入外电路，蓄电池两极间的电压都为2VD.蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池(电动势为1.5V)的大【答案】BD【解析】A.-13-根据电动势的定义式E=Wq，可知电路中每通过1C的电荷量，非静电力做功为W=qE=1×2=2J，则电源把2J的化学能转变为电能，与时间无关，故A错误；B正确；C.没有接入电路时，蓄电池的内电压为零，则由闭合电路欧姆定律可知电池两极间的电压为2V，但接入电路时，路端电压一定小于2V，故C错误；D.电动势反映电源将其他形式的能转化为电能的本领，电动势越大，这种转化本领越大；一节干电池的电动势为1.5V，电路中每通过1C的电荷量，电源把1.5J的化学能转变为电能，可知铅蓄电池把其他形式能转化为电能的本领比一节干电池的强，故AC错误，BD正确。故选：BD.12.12.如图所示，四个图象描述了对给定的电容器充电时，电容器电量Q、电压U和电容C三者的关系，正确的图象有（ ）A.B.C.D.【答案】CD【解析】由公式，且电容器电容的大小与Q、U无关，仅由电容器本身性质决定，A、B错误，C、D正确。故选：CD。13.13.如图所示，虚线a、b、c分别代表电场中的三条等势线，相邻两等势线之间的电势的差值相等，实线为一带正电的微粒仅在电场力作用下通过该区域时的轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，则下列判断中正确的是（）A.P点的电势高于Q点的电势B.带电微粒通过P点时的加速度较大C.带电微粒通过P点时动能较大D.带电微粒在P点时的电势能较大【答案】ABD【解析】曲线运动中合力总是指向曲线的凹侧，所以电场线垂直等势线向下，沿着电场线电势降低，所以c点电势最低，A对；等差等势线分布越密电场线分布也越密，所以P点场强较大，加速度较大，B对；粒子从Q点运动到P点电场力做负功，动能减小，电势能增大，C错；D对；-13-14.14.如图所示，竖直放置的平行金属板与一电池连接．一个带电微粒沿图中直线以一定的初速度进入电场，方向如图所示．则下列说法正确的是（ ）A.微粒带负电B.微粒的机械能减小C.微粒的动能可能增加D.微粒的动能与电势能之和减小【答案】BD【解析】【详解】A、粒子在板间受重力及电场力而做直线运动，合力与速度共线；重力竖直向下，故电场力只能水平向左，故微粒带正电；故A错误。B、根据功能关系，除重力外其余力做功等于机械能的增加量；微粒向右上方运动，电场力向左，故除重力外其余力（电场力）做负功，故机械能减小；故B正确。C、粒子在板间受重力及电场力而做直线运动，合力与速度共线，向左下方，做负功，根据动能定理，动能减小；故C错误。D、粒子受重力及电场力作用，故电势能、动能、重力势能之和守恒；由于重力势能增加，故微粒的动能与电势能之和减小；故D正确。故选BD。【点睛】本题考查运动和力的关系，解题的关键在于熟练掌握力和运动的关系，切入点为粒子做直线运动则合力一定沿直线方向．从而再根据功能关系进行分析求解能量的转化规律．二、填空实验题（16分，4+12）15.15.电荷量为2.0×10﹣4C的试探电荷在电场中某点受到电场力6.8×10﹣2N，则该点的电场强度是______N/C，如将该试探电荷取走，则该点的电场强度______（填变大、变小、不变）．【答案】(1).340(2).不变【解析】-13-【详解】由题意，检验电荷电量为q=4×10-9C，受到的电场力为F=2×10-5N，则P点的电场强度由定义式得：，方向与电场力方向相同．电场强度反映电场性质的物理量，与试探电荷无关，把这个检验电荷取走，P点的电场强度不变，仍为340N/C．【点睛】本题考查电场强度定义式的应用能力，注意电场强度是描述电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关.16.16.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，某同学进行了如下测量：(1)用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的有效长度．测量3次，求出其平均值l．其中一次测量结果如图1甲所示，金属丝的另一端与刻度尺的零刻线对齐，图中读数为_____cm．用螺旋测微器测量金属丝的直径，选不同的位置测量3次，求出其平均值d．其中一次测量结果如图1乙所示，图中读数为_____mm．(2)采用如图所示的电路测量金属丝的电阻．电阻的测量值比真实值_____（填“偏大”或“偏小”）．最后由公式ρ=_______计算出金属丝的电阻率（用直接测量的物理量表示）．(3)请你根据电路图在实物图中进行实物连线________．（电流表选0.6A量程，电压表选3V量程）-13-【答案】(1).24.13（24.12~24.14）(2).0.516(0.515～0.518)(3).偏小(4).(5).【解析】试题分析：(1)金属丝的长度为24.12cm～24.14cm直径读数为0.515mm～0.518mm。(2)采用安培表外接法，由于电压表的内阻不是无穷大，电压表有分流，从而电流表的测量值大于真实值，由R＝可知，电阻的测量值小于真实值；由R＝ρ，R＝，S＝，可得ρ＝。(3)实物连接如下图所示。考点：本题考查了刻度尺、游标卡尺的读数；电阻的测量中的误差分析、实物连线等相关知识。三．计算题（本大题包括3小题，共28分．解答应写出必要的文字说明．方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．所有答案必须写在答题卷上，在此作答一律无效！）17.17.在5s时间内通过某一导体横截面的电量是10C，则通过该导体的电流强度多大？如该导体的电阻为4Ω，则电流做功多少？【答案】I=2A，W=80J【解析】【详解】通过导体的电流由定义式：；电流做功由焦耳定律：W=I2Rt=22×4×5J=80J.-13-【点睛】本题考查电流的定义及电流做功公式，注意明确电流的为电量与时间比值.18.18.如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C点，质量为m，带电量为﹣q的有孔小球从杆上A点无初速下滑，已知q<</eb【答案】c【解析】试题分析：由v-t图像得到图线的斜率减小，加速度减小，电场力减小，场强减小，得到ea></ebb.φa<φb，ea>
