湖北省部分名校2021-2022学年高二上学期期中联考物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项:1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号回答非选择题时将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容:人教版必修第三册第十二、十三章选择性必修第一册前两章。一、选择题:本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～11题有多项符合题目要求。全部选对的得4分选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.关于简谐运动，下列说法正确的是A.周期表示振动的强弱B.振幅表示振动的快慢C.位移减小时，加速度可能增大D.位移方向可能和速度方向相同2.章老师在课堂做演示实验，把两枚儿乎相同的鸡蛋A和B,从同一高度由静止释放鸡蛋A直接落在地板砖上碎了；鸡蛋B装在有水的纸杯中随纸杯一起下落，落在地板上完好无损。对这一结果，下列说法正确的是A.与地板接触前的瞬间,鸡蛋A的动量小于鸡蛋B的末动量B.与地板碰撞过程中，鸡蛋B的动量变化量小C.与地板碰撞过程中，鸡蛋B的动量变化慢D.与地板碰撞过程中，鸡蛋A的动量变化量小3.关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是A.电磁波在玻璃中的传播速度大于在真空中的传播速度B.γ射线的频率大于红外线的频率C.丹麦物理学家奥斯特建立了经典电磁场理论D.法拉第通过一系列实验，证实了电磁场理论4.如图所示，金属线框abcd处于垂直纸面向里的足够大的匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直。线框做下列几种运动时，可以产生感应电流的是
A.绕线框中心垂直于纸面的轴转动B.以cd边为轴转动C.向左匀速运动D.向右加速运动5.某弹簧振子做简谐运动的振动图像如图所示。若t1、t2时刻振子所处的位置关于平衡位置对称，则下列说法正确的是A.t1、t2时刻，振子的速度大小相等、方向相反B.t1、t2时刻，振子的加速度大小相等、方向相反C.t1至t2这段时间，振子和弹簧组成的系统机械能先变小后变大D.t1至t2这段时间，振子的动能先变小后变大6.如图所示的电路中，R为滑动变阻器，电容器的电容C=20μF，定值电阻R0=2Ω，电源电动势E=6V、内阻r=1Ω.闭合开关S，将R的阻值调至1Ω时，下列说法正确的是A.电源两端电压为1.5VB.电容器的电荷量为3×10-5CC.滑动变阻器的功率为6.75WD.电源的输出功率为9W7.2021年9月17日13时30分，“神舟十二号”返回舱在东风着场安全降落。“神舟”系列航天飞船返回舱返回地面的示意图如图所示，其过程可简化为:打开降落伞一段时间后，整个装置沿竖直方向匀速下降，为确保返回舱能安全着陆在返回舱距地面1m左右时，舱内宇航员主动切断与降落伞的连接（“切伞”），同时点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭向下喷气过程中返回舱减至安全速度。已知“切伞”瞬间返回舱的速度大小v1=10m/s，火箭喷出的气体速度大小v2=1002m/s，火箭“喷气”时间极短，喷气完成后返回舱的速度大小v3=2m/s，则喷气完成前、后返回舱的质量比为
A.125:124B.100:99C.45:44D.95:968.对下列物理公式理解正确的是A.电源的电动势越大，则电源能够提供的电能越多B.闭合电路中E=U外+U内，表明闭合电路中电动势等于内、外电路电势降落之和C.闭合电路的欧姆定律，对纯电阻电路和非纯电阻电路都适用D.电流是标量，电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位9.如图所示，在条形磁铁产生的磁场中，垂直条形磁铁中心轴线放置3个相同的闭合线圈S1、S2和S3，三个线圈的中心均在条形磁铁的中心轴线上，穿过各个线圈的磁通量分别为、和，则A.=B.>C.<D.=10.某质点的振动图像如图所示，下列说法正确的是A.该简谐运动的表达式为y=2cos（0.5πt+0.5π）（cm）
B.1s～3s内，质点的速度方向与加速度方向始终相同C.t=s时，质点的位移为1cmD.t=1s和t=3s时，质点的速度大小相等方向相反11.如图甲所示，质量m=0.5kg的滑块静止在粗糙的水平面上，在滑块右端施加一水平向右、大小按图乙所示随时间变化的拉力F，4s末撤去力F若滑块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2，则下列说法正确的是A.0～4s内拉力F的冲量大小为14N·sB.滑块运动过程中加速度先逐渐增大后不变C.4s末滑块的速度大小为20m/sD.4s末滑块重新静止二、非选择题:本题共5小题，共56分。12.（7分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验时。（1）用游标卡尺测小球的直径时示数如图所示，则小球的直径D=___________mm。（2）用毫米刻度尺测出摆线长L；当单摆稳定后，用秒表测量单摆n次全振动的时间t，则单摆的周期T=__________。（用题中涉及的物理量符号表示）（3）当地的重力加速度大小可表示为g=__________。（用L、D、n和t表示）13.（9分）在测定一组干电池的电动势和内阻的实验中，备有下列器材:A.电流传感器1；B.电流传感器2；C.定值电阻R0（阻值为3kΩ）D.滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）；E.开关和导线若干。课外物理兴趣小组发现上述器材中没有电压传感器，但有两个电流传感器，于是共同设计了
如图甲所示的电路来完成实验。（1）按图甲连接好电路后，闭合开关，电流传感器1的示数为I10，电流传感器2的示数为I20，被测电池组的内阻表示为r，则电池组的电动势E=__________（用I10、I20、R0和r表示）（2）移动滑动变阻器的滑片P，获得多组电流传感器1和电流传感器2的数据。兴趣小组利用测出的实验数据作出I1一I2图像如图乙所示。在数据分析时，兴趣小组发现电流传感器1的示数I1总是远远小于电流传感器2的示数I2，经过共同讨论最后大家一致认为可以将__________（选填“I1”或“I2”）看成干路电流。兴趣小组继续分析图乙的图线，得出被测电池的电动势E=_________V、内阻r=__________Ω.（结果均保留两位有效数字）14.（9分）如图所示，宽L=0.8m的光滑平行导轨与水平面的夹角θ=37°，质量m=0.6kg、长度L=0.8m的金属杆ab水平放置在导轨上，电源电动势E=9V、内阻r=0.5Ω，金属杆的电阻R1=1.5Ω，导轨电阻不计，金属杆与导轨垂直且接触良好空间存在着垂直于平行导轨平而向上的匀强磁场（图中米画出），当电阻箱的电阻R2=1Ω时，闭合开关S，金属杆恰好能静止。已知此时金属杆受到的磁场力平行于导轨，取重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）已知通电导线与磁场方向垂直时，受到的磁场力F的大小与导线中的电流I和导线长度L的乘积及磁感应强度B均成正比，即F=ILB，匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）保持其他条件不变，当电阻箱的电阻调为R2′=3Ω时，闭合开关S，同时由静止释放金属杆求此时金属杆的加速度。15.（15分）在图示电路中，电源电动势E=36V、内阻r=2Ω，电阻R=6Ω，平行金属板A、B
水平正对放置，A、B两板间的距离d=0.2m。一电荷量q=-5×10-3C、质量m=6×10-2kg的带负电小球以初速度v0水平向左射入两板间，恰好做匀速直线运动。取重力加速度大小g=10m/s2，不计空气阻力。（1）求滑动变阻器接入电路的电阻R1；（2）调节滑动变阻器，使滑动变阻器消耗的电功率最大，求滑动变阻器接入电路中的阻值R2和滑动变阻器消耗的最大功率Pmax。16.（16分）如图所示，水平面上有一凹槽，一平板车停在凹槽最左端，平板车的质量M=1kg、长度l=3.16m，其上表面恰好与水平面平齐。一轻质弹簧左端固定在墙上、右端与一质量为m=3kg的小物块（视为质点）接触但不连接用一水平力F级慢向左推物块，当力F做功W=24J时突然撤去，已知小物块与平板车之间的动摩擦因数μ=0.2，其他摩擦不计，取重力加速度大小g=10m/s2，平板车与凹槽两端的碰撞均为弹性碰撞，且碰撞时间极短，弹簧始终在弹性限度内。（1）求小物块刚滑上平板车时的速度v0的大小；（2）小物块滑上平板车后，经过一段时间，平板车与小物块以共同的速度与凹槽右端发生碰撞，求平板车与凹槽右端碰撞前瞬间的速度v1的大小及此时平板车左端与小物块间的距离l1；（3）平板车与凹槽右端碰撞后经过一段时间，小物块从平板车右端飞出，且在这段时间内，平板车未与凹槽发生碰撞，求小物块离开平板车时平板车右端到凹槽右端的距离。高二物理考试参考答案1.D 2.C 3.B 4.B 5.B 6.B 7.A 8.BD 9.BC 10.CD 11.ACD12.（1）19.90（2分）（2）（2分）
（3）（3分）13.（1）（3分）（2）（2分） 4.5（2分） 1.5（2分）14.解：（1）金属杆恰好能静止，根据受力平衡，则（1分）根据闭合电路欧姆定律有（1分）磁感应强度（2分）解得。（1分）（2）根据牛顿第二定律可知（1分）根据闭合电路欧姆定律有（1分）解得（1分）加速度方向沿斜面向下。（1分）15.解：（1）带负电小球在电场中恰好做匀速直线运动，由平衡条件有（2分）A、B两板间的电压为（1分）由闭合电路欧姆定律可得（2分）A、B两板间的电压（1分）解得。（1分）（2）根据闭合电路欧姆定律有（2分）滑动变阻器两端的电压
（1分）滑动变阻器消耗的功率（1分）综上可得（2分）当时，滑动变阻器消耗的功率最大解得（1分）。（1分）16.解：（1）设小物块刚滑上平板车时的速度大小为，从F向左推物块到小物块刚滑上平板车过程，根据动能定理有（2分）可得。（1分）（2）设平板车到达凹槽右端前瞬间物块与平板车的共同速度为听，取向右为正方向，由动量守恒定律得（2分）解得（1分）由功能关系得（2分）解得。（1分）（3）【解法一】平板车第一次与凹槽右端碰撞后，物块与平板车组成的系统总动量向右，取向右为正方向，设小物块离开平板车的瞬时速度大小为，平板车速度大小为，由动量守恒定律得（2分）由功能关系得（1分）
且有（1分）解得，（1分）对平板车，由动能定理得（1分）解得（1分）即物块离开平板车时平板车右端到凹槽右端的距离为0.72m。【解法二】平板车第一次与凹槽右端碰撞后，设经过时间t小物块离开平板车，根据几何关系和运动学规律有（1分）（1分）（1分）由牛顿第二定律得（1分）（1分）且有（1分）解得（1分）即物块离开平板车时平板车右端到凹槽右端的距离为0.72m。
