（新高考）山东省2021届高三物理下学期4月预测猜题卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.下列说法正确的是()A.光导纤维传输信号是利用光的干涉现象B.用三棱镜观测光谱是利用光的折射现象C.一束单色光经由空气射入玻璃后速度不变，波长变短D.光的干涉现象和光电效应都是光具有波动性的表现2.一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度—时间图像如图所示，由图像可知()A.0～段火箭的加速度小于–段火箭的加速度B.在0–段火箭是上升的，在–段火箭是下落的C.时刻火箭离地面最远D.时刻火箭回到地面3.如图所示，倾角的斜面，在斜面顶端B向左水平抛出小球1，同时在底端A正上方与B点等高度处C水平向右抛出小球2，小球1、2同时落在P点，P点为斜边的中点，则()A.小球2一定垂直撞在斜面上B.小球1、2的初速度可以不相等C.小球1落在P点时速度方向与斜面的夹角为30°14D.改变小球1的初速度，小球1落在斜面上的速度方向都平行4.假设将来一艘飞船靠近火星时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）A.飞船在轨道Ⅱ上运动到P点的速度小于在轨道Ⅰ上运动到P点的速度B.若轨道Ⅰ贴近火星表面，测出飞船在轨道Ⅰ上运动的周期，就可以推知火星的密度C.飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D.飞船在轨道Ⅱ上运动时的周期小于在轨道Ⅰ上运动时的周期5.如图，实线为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在时刻的波形，虚线是该波在时刻的波形，则此列波的波速可能为()A．B．C．D．6.如图所示，导热的气缸开口向下，缸内活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞可自由滑动且不漏气，活塞下挂一个砂桶，砂桶装满砂子时，活塞恰好静止，现将砂桶底部钻一个小洞，让细砂慢慢漏出。气缸外部温度恒定不变，则()A．缸内的气体压强减小，内能减小B．缸内的气体压强增大，内能减小C．缸内的气体压强增大，内能不变D．外界对气体做功，缸内的气体内能增加7.如图所示，对于电场线中的A、B、C三点，下列判断正确的是()14A.A点的电势最低B.B点的电场强度最大C.同一正电荷在A、B两点受的电场力大小相等D.同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大8.如图所示,为金属热电阻,为光敏电阻,和均为定值电阻,电源电动势为E,内阻为r,V为理想电压表,现发现电压表示数增大,可能的原因是()A.金属热电阻温度升高,其他条件不变B.金属热电阻温度降低,光照强度减弱,其他条件不变C.光照强度增强,其他条件不变D.光照强度增强,金属热电阻温度升高,其他条件不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.由于放射性元素的半衰期很短,所以在自然界一直未被发现,只是在使用人工的方法制造后才被发现,已知经过一系列α衰变和β衰变后变成,下列论断中正确的是()A.的原子核比的原子核少28个中子B.的原子核比的原子核少18个中子C.衰变过程中共发生了7次α衰变和4次β衰变D.衰变过程中共发生了4次α衰变和7次β衰变1410.如图所示,在军事训练中,一战士从岸上以2的速度跳到一条向他缓缓漂来、速度是0.5的小船上,然后去执行任务,已知战士质量为60,小船的质量是140,该战士上船后又跑了几步,最终停在船上,不计水的阻力,则( )A.战士跳上小船到最终停在船上的过程,战士和小船的总动量守恒B.战士跳上小船到最终停在船上的过程,战士和小船的总机械能守恒C.战士最终停在船上后速度为零D.战士跳上小船到最终停在船上的过程动量变化量大小为10511.如图,U形光滑金属框置于水平绝缘平台上,和边平行,和边垂直.足够长,整个金属框电阻可忽略.一根具有一定电阻的导体棒置于金属框上,用水平恒力F向右拉动金属框,运动过程中,装置始终处于竖直向下的匀强磁场中,与金属框保持良好接触,且与边保持平行.经过一段时间后()A.金属框的速度大小趋于恒定值B.金属框的加速度大小趋于恒定值C.导体棒所受安培力的大小趋于恒定值D.导体棒到金属框边的距离趋于恒定值12.如图所示为远距离输电的原理图,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的输出电压恒定、输电线上的电阻不变,假设用户所用用电器都是纯电阻用电器,若发现发电厂发电机输出的电流增大了,则可以判定()14A.通过用户的电流减小了B.用户接入电路的总电阻减小了C.用户消耗的电功率减小了D.加在用户两端的电压变小了三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.（6分）一电火花打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下如图甲所示．(1)电火花打点计时器使用________电源(填“直流”或“交流”)，工作电压________V.(2)打点计时器打A点时小车的速度________m/s.(3)小车的速度＝________.14.（8分）在“用DIS测电源的电动势和内阻”的实验中，图甲为实验电路图，定值电阻为滑动变阻器，图乙为实验的实物连接图。（1）请用笔画线代替导线，按图甲的连接完成该实物连接图。（2）A组同学实验测得的路端电压U与相应电流I的拟合曲线如图丙所示，由此得到电源内阻为_____Ω;当电压传感器的示数为1.6V时电源的输出功率为________W。（3）根据图丙中实验测得的数据，可以推测实验中选用滑动变阻器的型号较合理的是_______。A.0~B.0~C.0~D.0~（4）B组同学也利用A组用的同一套器材完成此实验，误把图甲中电压传感器在d点的接线接在c点，测得数据也在同一坐标中作出图像，其他操作、读数等都准确无误。则B组画出的图线与纵轴的交点相应的电压值、图线斜率的绝对值大小和A组相比，分别是___________和_______。（填“偏大”“相同”“偏小”或“无法确定”）1415.（8分）如图，物流转运中心的水平地面上有一辆质量、长的平板小车，在平板车的右端放有质量的快件(可视为质点)，快件与平板车间的动摩擦因数。物流中心的工作人员要将快件卸到地面上，他采用了用水平力F拉小车的方式，重力加速度，不计小车与地面间的摩擦阻力，求：(1)要让快件能相对平板车滑动，需要施加的最小水平力；(2)若用的水平恒力拉小车，要将快件卸到地面上，拉力F作用的最短时间t为多少。16.（8分）如图所示，用质量为、横截面积为的活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁之间的摩擦忽略不计。开始时活塞距汽缸底的高度为且汽缸足够高，气体温度为，外界大气压强为，取，绝对零度取。（1）求此时封闭气体的压强；（2）给汽缸缓慢加热，当缸内气体吸收4.5J的热量时，内能的增加量为2.3J，求此时缸内气体的温度。17.（14分）如图所示，光滑绝缘的水平面上有一边长为L的正方形金属线框，平行边界间有垂直于水平面向里的匀强磁场。已知线框的电阻为R，质量为m，线框边平行于间的距离大于L。现给金属线框一水平向右的垂直于磁场边界的初速度，金属线框完全穿过磁场后速度大小为。求：14（1）线框穿过磁场的过程中产生的焦耳热Q；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小及线框完全进入磁场后速度v的大小；（3）线框在进入磁场的过程中通过金属线横截面的电荷量q。18.（16分）如图甲所示，的滑块自光滑圆弧形槽的顶端点无初速度地滑下，槽的底端与水平传送带相切于左端导轮顶端的点，传送带沿顺时针方向匀速运转.下滑前将的滑块停放在槽的底端.下滑后与发生碰撞，碰撞时间极短，碰后两滑块均向右运动，传感器分别描绘出了两滑块碰后在传送带上从点运动到点的图像，如图乙、丙所示.两滑块均视为质点，重力加速度.（1）求的高度差；（2）求滑块与传送带间的动摩擦因数和传送带的长度；（3）滑块到达点时速度恰好减到3m/s，求滑块的传送时间；14（4）求系统因摩擦产生的热量.2021年高考物理预测猜题卷新高考版山东地区专用答案以及解析1.答案：B解析：光导纤维传输信号利用了光的全反射现象，故A错误；用三棱镜观测光谱的原理是不同光在同一介质中的折射率不同，利用了光的折射现象，故B正确；一束单色光经由空气射入玻璃后频率不变，速度变小，波长变短，故C错误；光电效应是光具有粒子性的表现，光的干涉现象是光具有波动性的表现，故D错误.2.答案：A解析：0–段图像斜率（即加速度）小于–段故加速度在–段更大，A正确，由速度—时间图像可知，速度都正值，表示物体都沿正方向运动，即朝某一方向做直线运动，因此火箭一直上升，BCD错误。故选A。3.答案：D解析：本题考查平抛运动规律。两个小球同时做平抛运动，又同时落在P点，说明运动时间相同，又水平位移大小相等，由，知初速度相等，小球1落在斜面上时，有，小球2落在斜面上的速度与竖直方向的夹角的正切值，故，所以小球2没有垂直撞在斜面上，故A、B错误；小球1落在P点时速度与水平方向的夹角正切值，则有，则小球1落在P点时速度方向与斜面的夹角为，所以小球1落在P点时与斜面的夹角小于30°，故C错误；根据知，改变小球l的初速度，小球1落在斜面上的速度方向与水平方向的夹角不变，速度相互平行，故D正确。4.答案：B解析：本题考查万有引力定律.飞船由轨道Ⅱ运动到轨道Ⅰ，在P点需要减速，故飞船在轨道Ⅱ上运动到P点的速度大于在轨道Ⅰ上运动到P点的速度，选项A错误；若轨道Ⅰ贴近火星表面，则卫星的轨道半径近似等于火星的半径，由万有引力定律得，，由以上两式解得，故测出飞船在轨道Ⅰ14上运动的周期，就可推知火星的密度，选项B正确；设火星的质量为M，飞船的质量为m，由万有引力定律得，解得，故飞船在轨道Ⅰ上运动到P点的加速度等于在轨道Ⅱ上运动到P点的加速度，选项C错误；轨道Ⅱ的半长轴大于轨道Ⅰ的半径，由开普勒第三定律知，飞船在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道Ⅰ上运动的周期，选项D错误.5.答案：A解析：设波的周期为T，因为波沿x轴正方向传播，则：，解得：，则当，此时：；当，此时：；当，此时：；当，此时：，故A正确，BCD错误。6.答案：C解析：设活塞与装满砂子的砂桶的总重力为G,活塞横截面积为S,大气压为,则以活塞为研究对象,根据力的平衡条件得:气缸内气体的压强,由于G减小,则p增大,即气体被压缩,外界对气体做功。由于气缸是导热的,气体的温度与环境温度相等,保持不变,其内能不变。故选项C正确。7.答案：D解析：根据顺着电场线方向电势降低可知，A点的电势最高，故A错误；B点处电场线最疏，电场强度最小．故B错误；A点处电场线最密，电场强度最大，同一电荷在A点受到的电场力最大，故C错误；C点电势比A点电势低，根据负电荷在电势高处电势能小，知同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大，故D正确．8.答案：B解析：金属热电阻温度升高,则电路中的总电阻增大,总电流减小,光敏电阻两端的电压增大,所以通过光敏电阻的电流增大,而总电流减小,所以通过的电流减小,故电压表的示数减小,A错误;金属热电阻温度降低,14光照强度减弱,外电路电阻可能减小,则干路电流增大,内电压增大,路端电压减小,而两端电压增大,所以光敏电阻两端的电压减小,即通过光敏电阻的电流减小,而总电流增大,所以通过的电流增大,故电压表的示数增大,B正确;光照强度增强,则光敏电阻减小,总电阻减小,总电流增大,路端电压减小,而两端电压增大,即和热电阻两端的电压减小,通过的电流减小,电压表的示数减小,C错误;光照强度增强,金属热电阻温度升高,减小,增大,若总电阻减小,则总电流增大,路端电压减小,而两端的电压增大,所以并联电路电压减小,所在支路的电阻增大,所以支路电流减小,电压表示数减小;减小,增大,若总电阻增大,则路端电压增大,总电流减小,而两端的电压减小,所以并联电路电压增大,所以光敏电阻两端的电压增大,通过光敏电阻的电流增大,而总电流减小,所以所在支路的电流减小,故电压表的示数减小,D错误.9.答案：BC解析：A.的原子核比少10个质子，质子数和中子数总共少28，故的原子核比少18个中子，故A错误，B正确；C.设变为需要经过x次α衰变和y次β衰变，根据质量数和电荷数守恒则有：93=2x−y+83，4x=237−209，所以解得：x=7，y=4，故C正确，D错误；故选：BC.10.答案：AD解析：战士跳上小船到最终停在船上的过程中,战士和小船的总动量守恒,总机械能有损失,A项正确、B项错误;以战士初速度方向为正方向,对战士跳上小船到最终停在小船上的过程,设战士最终停在小船上的速度为由动量守恒定律有:得，C项错误;战士的动量变化量,动量变化量大小为105,D项正确.11.答案：BC14解析：本题考查电磁感应定律与力学问题的综合.金属框在外力作用下向右运动过程中,由楞次定律知,导体棒向右运动,设某时刻金属框的速度为,导体棒的速度为,导体棒接入电路的电阻为R,回路中感应电动势,由闭合电路欧姆定律得,回路中的电流.设金属框的质量为,导体棒的质量为,对金属框,由牛顿第二定律得,整理得,对导体棒,由牛顿第二定律得，当时,增大,金属框的加速度减小,导体棒的加速度增大,当时,此时，不变,回路中的电流不变,金属框和导体棒所受安培力不变,两者以相同的加速度做匀加速直线运动,故金属框的加速度大小趋于恒定值,速度越来越大,其图像如图所示,A错误,B正确;由于回路中的电流趋于恒定值,故导体棒所受安培力大小趋于恒定值,C正确;导体棒与金属框的加速度相同时,金属框的速度较大,由匀加速直线运动规律知,导体棒到金属框边的距离越来越大,D错误.12.答案：BD解析：A.如果发电厂发电机输出的电流增大了，根据变流比可知，输送电流增大，通过用户的电流增大，故A错误；BD.由于输电线上的电压降增大，一次降压变压器的输入电压减小，根据变压比可知加在用户两端的电压变小了。根据能量守恒得可知，输电电流增大，是由于减小引起的，故BD正确；C.当用户消耗电阻减小即用电器的增多，用户消耗的功率增大，故C错误。故选：BD。1413.答案：(1)交流;220(2)0.55(3)5解析：(1)打点计时器的工作电源是220V交流电．(2).(3),小车的速度14.答案：（1）见解析（2）0.8；0.8（3）C（4）相同；偏大解析：本题考查测电源电动势和内阻实验的电路连接、数据处理。（1）根据原理图连接实物图如图所示；（2）根据可知，图线与纵轴的交点表示电源的电动势，故，图线的斜率的绝对值表示内阻，则可知；电压传感器的示数为1.6V时电流为0.5A，电源的输出功率;（3）由题图丙可知，测量数据中的最小电流约为0.05A，此时对应的总电阻，此时滑动变阻器接入电阻应为，故滑动变阻器总阻值一定大于；同时为了调节方便，总阻值不宜过大，故应选择最大阻值为的滑动变阻器，故C正确;（4）电压传感器在d点的接线接在c点，测得数据也在同一坐标中作出图像，其中，其图像的截距为E，图线的斜率绝对值大小为，所以B组画出的图线与纵轴的交点相应的电压值和A组相比相同，图线的斜率绝对值大小和A组相比偏大。15.答案：（1）20N；（2）1s解析：（1）当快件刚要相对小车滑动时，拉力F最小，有14对快件：，对快件及小车整体：，解得：.（2）当撤去拉力F后快件刚好能到达小车左端时，拉力F作用时间最短，设F的最短作用时间为作用时间内，快件在小车上滑动距离为，撤去拉力F时，快件的速度为，小车的速度为，有：对快件：，；对小车：，；另有，撤去F后，有，，解得：.16.答案：（1）（2）87℃解析：（1）以活塞为研究对象，由平衡条件得:解得：封闭气体的压强（2）由热力学第一定律得：外界对气体做功：对气体由盖一吕萨克定律得：解得：缸内气体的温度17.答案：（1）（2）；（3）解析：本题考查动量定理与法拉第电磁感应定律。（1）根据能量守恒定律可知，线框穿过磁场的过程中产生的焦耳热（2）对线框进入磁场的过程，根据动量定理有，即得，同理可以得到，对线框出磁场的过程有得，解得14（3）线框进入磁场的过程，有，，，可得，结合（2）中B的结果解得。18.答案：（1）0.8m；（2）0.05；26m（3）6.5s（4）16J解析：（1）由题图乙可知，碰撞后瞬间滑块的速度，由题图丙可知，碰撞后瞬间滑块的速度，设碰撞前瞬间滑块的速度为，取向右为正方向，根据动量守恒定律可得，，解得。滑块下滑的过程机械能守恒，根据机械能守恒定律可得，，解得（2）由题图乙可知，滑块在传送带上加速运动时的加速度大小等于加速运动过程中图线的斜率，即，，滑块的加速度由滑动摩擦力提供，根据牛顿第二定律可得，，解得滑块与传送带间的动摩擦因数，由题图乙可知，滑块在传送带上先加速4s，后匀速运动6s到达点，图线与坐标轴围成的图形的面积在数值上等于传送带的长度，即。（3）滑块一直做匀减速直线运动，到达点时速度恰好减到3m/s，根据运动学公式得全程的平均速度，，设滑块的传送时间为，则有。（4）由题图乙可知，滑块在传送带上加速阶段的位移，滑块在传送带上加速阶段产生的热量，，滑块在传送带上减速的加速度大小，，滑块受到的滑动摩擦力大小，滑块在传送带上减速阶段产生的热量，，系统因摩擦产生的热量。14
