2022年内蒙古包头市初中升学考试试卷物理（60分）一、选择题（此题包括7个小题，每题3分，共21分。每题只有一个选项符合题意，请将答题卡上对应标题的答案标号涂黑）“立竿见影”现象原理一样的是（）A.平静湖边，倒影可见B.山间小溪，清亮见底C.林荫树下，光斑点点D.雨过天晴，彩虹出现C解析：此题考察光学知识。立竿见影是影子的构成，原理是光的直线传播，题中各选项，A项是平面镜成像，原理是光的反射，B项是光的折射，C项是小孔成像，原理是光的直线传播，D项是光的色散，原理是光的折射，因而此题选C。2.以下说法正确的选项（）A.初春，冰雪融化是汽化现象B.深秋，草叶上的白霜是凝华现象C.盛夏，地面温度升高，地面含有的热量增多D.严冬，搓手取暖是利用了热传递增大内能B解析：此题结合天气现象考察热学知识。冰雪融化是熔化现象，A项错误；深秋白霜的构成，是空气中的水蒸气凝华而成，B项正确；热量是过程量，不是状态量，不能说某物含有的热量多依然少，C项错误；搓手取暖是利用了做功的方法改变物体内能，D项错误。此题选B。A.音叉在真空中振动不会产生声音B.倒车雷达是利用电磁波来探测车后障碍物的C.滚摆在滚动过程中运动状态一定改变D.热机和电动机在能量的转化方式上是一样的C解析9/9\n：此题综合考察声学和能量知识。音叉在真空中振动也会产生声音，但声音不能传播出去，A项错误；倒车雷达是利用超声波来探测车后障碍物的，B项错误；滚摆在摆动过程中，速度会发生变化，因而运动状态一定改变，C正确；热机是利用内能做功，电动机是把电能转化为磁场能，再转化为机械能，二者在能量的转化方式上不同，D项错误。此题选C。4.以以以下图示所涉及的物理知识正确的选项（）A.甲图说明同种电荷互相排挤B.乙图闭合开关，小磁针左端为S极C.丙图是发电机的工作原理示意图D.按丁图的方法使用测电笔能够区分火线与零线A解析：此题综合考察电学知识。甲图中玻璃杯互相靠近后，悬挂着的被推开，说明同种电荷互相排挤，A项正确；乙图闭合开关后，依照右手螺旋定那么，螺线管的左端为N极，因而小磁针的右端为S极，左端为N极，B项错误；丙图是电动机的工作原理示意图，C项错误；丁图使用测电笔的方法错误，应该有一根手指压住笔尾金属体，D项错误。此题选A。5.如以以下图是舰载机飞离甲板的过程中，以下说法正确的选项（）A.飞机在跑道上滑行时假设外力全部消失，会逐步停下来B.飞机起飞时加速助跑，可获得更大的惯性，利于升空C.飞机加速升空，动能转化为重力势能，机械能增大D.飞机飞离甲板后，舰艇底部遭到水的压强变小D解析：此题综合考察运动与力、惯性知识、机械能、压强。飞机在跑道上滑行时，假设外力全部消失，依照牛顿第一定律，它会接着以原来的速度前行，不会停下来，A错误；物体的惯性由其质量决定，B项错误；飞机加速升空，速度变大，动能变大，高度上升，重力势能增大，机械能增大。但机械能的增大不是动能转化为重力势能得来，而是燃料燃烧的内能转化来的，C错误；飞机离开甲板后，舰艇遭到的浮力减小，会上浮一些，因而其底部遭到的水的压强会变小，D项正确。此题选D。9/9\n6.如以以下图，拉力F为5N，物体A以0.1m/s的速度在物体B外表向左做匀速直线运动(B外表足够长)；物体B静止在地面上，遭到水平向左4N的摩擦力，弹簧测力计示数为12N。以下说法正确的选项（）A.物体A遭到的摩擦力为10NB.WC.滑轮组的机械效率为80％D.拉力F增大到15N时，物体B开场向左运动C解析：此题综合考察力、功率、简单机械。物体B静止，因而受力平衡，分析其受力，可知遭到向右的弹簧拉力，向左的地面给予的摩擦力、物体A对B的摩擦力，因而两个摩擦力的和为12N，即FAB+4N=12N，因而FAB=8N。依照作用力和反作用力，物体A遭到的摩擦力FBA=8N，A项错误；有两根绳拉动动滑轮，因而拉力作用的绳端运动速度为动滑轮运动速度的2倍，即v=2×0.1m/s=0.2m/s，因而拉力F的功率为P=Fv=5N×0.2m/s=1W，B项错误；物体A匀速运动，因而遭到的拉力与摩擦力大小相等，F拉=FBA=8N，P有=F拉v=8N×0.1m/s=0.8W，η===80%，C项正确；拉力F增大，并不能改变物体AB之间的摩擦力大小，因而物体B的状态不会改变，D项错误。此题选C。7.如以以下图，小灯泡L标有”6V3W”字样(不计温度对灯丝电阻的阻碍)，当S闭合，滑动变阻器滑片P在最左端时，小灯泡L正常发光；当S闭合，A，以下说法正确的选项（）A.电源电压为9VB.滑动变阻器的最大阻值为18ΩC.VD.电路的最小功率与最大功率之比为3：16D解析：当滑动变阻器滑片P在最左端时，小灯泡和滑动变阻器并联在电源两端，这时小灯泡两端电压为电源电压，正常发光，因而电源电压为6V，A项错误；依照小灯泡的参数能够算出，其灯丝阻值RL===12Ω，当滑片P在中点，断开S1时，小灯泡与滑动变阻器的一半电阻串联连入电路，I==9/9\n=0.2A，能够求得，R=36Ω，B项错误；电压表示数最大时，滑动变阻器滑片P在最右端，滑动变阻器全部连入电路，闭合S1，小灯泡被短路，电压表示数为电源电压6V，C项错误；依照P=UI=，路端电压不变，因而电路的功率与连入的电阻成反比，因而当滑片P在最左端时，闭合所有开关，电路功率最大；滑片P在最左端，只闭合S时，电路功率最小。Pmax=+=+=4W，Pmix===0.75W，Pmin：Pmax=0.75:4=3:16，D项正确。二、作图与实验(此题包括4个小题，第8题4分，第9题4分，第10题6分，第11题7分，共21分)”观察水的沸腾”实验中，如图甲所示，在烧瓶中参加200g水，加热并从90℃开场记录温度，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。数据记录表格如下：记录次数第一次第二次第三次第四次第五次第六次第七次温度/℃90929495989898（1）水在沸腾过程中吸收热量，温度。（2）水沸腾时，瓶口不断冒出”白气”，该现象的物态变化名称是。（3）假设不考虑水的质量损失，从开场记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为J[。（4）完成实验后，移走酒精灯，当水停顿沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是由于。解析：此题考察液体沸腾的实验。（1）由表中数据能够看出，到达98℃时，温度不再上升。也确实是水到达沸腾时，吸收热量，温度保持不变。（2）瓶口的白汽是水蒸气遇冷构成的小水滴，物态变化是液化。（3）Q=cm△t=××（98℃－90℃）＝×J（3）完成实验后，移走酒精灯，当水停顿沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，这会造成瓶内气压降低，水的沸点也随之降低，因而水又开场沸腾起来。答案：×(4)瓶内气压降低，水的沸点降低”凸透镜成像规律”的实验中：9/9\n（1）蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如以以下图，恰能在光凭上得到一个明晰的倒立，等大的实像，那么凸透镜的焦距为cm。（2）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用一个不同焦距的凸透镜，将光凭向右挪动才能重新得到明晰的像，如今像（选填“变大”“变小”或“不变”），换用的凸透镜焦距可能为。A.B.C.D.（3）将上图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，缘故是。解析：此题考察探究凸透镜成像的规律。（1）当物距等于二倍焦距的时候，物距等于像距，成等大的像，由图能够看出，物距为30.0cm，因而f=30.0cm/2=15.0cm。（2）物距不变，像距变大，因而像变大。如今物距大于一倍焦距小于二倍焦距，因而可能为20.0cm。（3）玻璃板只能成虚像，不能成实像，因而光屏上的像消失了。答案：（1）15.0（2）变大，B或（20.0cm）（3）玻璃板成虚像，无法呈在光屏上“利用杠杆测量石块密度”的实验。（）(1)在实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，如今杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态；要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向调理，如此做的目的是，并消除杠杆自重对实验的阻碍。(2)在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，如今小桶A中水的体积石块的体积。(3)9/9\n将石块从溢水杯中取出，擦干后放入另一一样小桶B中，将装有水和石块的A、B两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，挪动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。如今小桶A、B的悬挂点距支点O分别为13cm和5cm，假设不考虑小桶重力，那么石块密度的测量值为；假设考虑小桶重力，石块的实际密度将比上述测量值。解析：此题考察杠杆知识和密度测量。杠杆静止的时候，处于平衡状态。要使杠杆在水平位置平衡，需要把平衡螺母向右调。杠杆水平平衡之后，能够在杠杆上读出力臂大小，并消除杠杆自重对实验的阻碍。（2）溢水杯中装满水，放入石块，石块和排出水的体积相等。（3）依照杠杆平衡原理，GAL1=GBL2，L1=13cm，L2=5cm，因而GB=2.6GA,假设不考虑小桶的重力，那么有ρ石V石ρ水V水而依照前文，V水=ρ石V石，因而ρ石ρ水×103kg/m3。假设考虑小桶重力，那么有G石+G桶=2.6（G水+G桶），即G石水桶，因而所得石头的密度会更大。答案：×偏大11.在测量小灯泡的电功率时，电源电压为3V，小灯泡上标有“V”字样。（1）在如图甲所示的电路中，闭合开关挪动滑片，觉察小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，缘故是，经分析有一根导线链接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路。（2）电路连接正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开场记录数据，得到小灯泡的I-U图像如图乙所示，那么小灯泡的额定功率是W。由图可知，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而，滑动变阻器的规格应选择。A.10Ω1AB.15Ω1AC.25Ω1AD.30Ω1A（3）有同学认为利用该电路还能够探究出导体中电流和导体两端电压成正比，你认为这种说法（选填“合理”或“不合理”），理由是。解析：此题考察测量小灯泡功率的实验。（1）依照题图，电压表串联在电路中，因而出现了连接电路后，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数。改正时需要把电压表由串联改成并联在灯泡两端，把滑动变阻器由并联在灯泡两端改成串联在电路中；图如下。9/9\n×0.25A=0.625W。由图可知，小灯泡的实际功率随电压的增大而增大。由图能够看出，电路中电流的最小值为0.1，这时小灯泡灯丝的阻值为R===5Ω。这时候电路中的总电阻R总===30Ω。这时候连入电路的是滑动变阻器的最大阻值，Rmax=R总－R＝30Ω－5Ω=25Ω，因而滑动变阻器的规格应选择C。（3）灯丝的电阻随着电压的变化而变化，因而不能得出导体中电流和导体两端电压成正比的结论，该同学的说法不合理。答案：（1）电压表串联在电路中（2）0.625增大C或（25Ω1A）（3）不合理灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比三、计算题(此题包括2个小题，第12题9分，第13题9分，共18分)12.如以以下图是某温控装置的简化电路图，工作电路由电压为220V的电源和阻值R=88Ω的电热丝组成；操纵电路由电源、电磁铁（线圈电阻=20Ω）、开关、滑动变阻器（取值范围0~80Ω）和热敏电阻组成；阻值随温度变化的关系如下表所示，当操纵电路电流≥50mA时，衔铁被吸合切断工作电路；当操纵电路电流≤40mA时，衔铁被释放接通工作电路。温度/℃90806660504640363534/Ω102040507080100120130150（1）工作电路正常工作时，R在1min内产生的热量是多少？（2）当温度为60℃，滑动变阻器=50Ω时，衔铁恰好被吸合，操纵电路的电源电压是多少？（3）假设操纵电路电源电压不变，此装置可操纵的温度最大范围是多少？（4）要想要该装置所操纵的最高温度降低一些，请分析说明如何改变的阻值。解析：此题考察电功与电热、电磁继电器。（1）当工作电路正常工作时，Q＝I2Rt==×104J。（2）由题意可知，温度为60℃，滑动变阻器=50Ω时，衔铁恰好被吸合，这时操纵电路中的电流I=60mA。由表可知，如今R1=50Ω。由欧姆定律得，I=＝==50×10-3A，解得：U=6V。9/9\n（3）当温度最低时，R1最大，要保证能切断工作电路，电流最大值为50mA，这时候滑动变阻器连入电路的阻值为0，Imax===50×10-3A，解得R1=100Ω，这时温度为40℃；当温度最高时，R1最小，这时要能连上电路，电路中的电流最小值为40×10-3A，如今滑动变阻器全部连入电路，有Imin=＝==40×10-3A，R1=50Ω，如今温度为60℃。因而此装置可操纵的温度最大范围为40℃～60℃。（4）要使该装置操纵的最高温度降低一些，就需要R1连入更大电阻的情况下，仍然能到达40A的最小值，因而R2的最大值要更小一些。答案：×（2）（3）40℃～60℃（4）减小的最大阻值，内盛30cm深的水。现将一个底面积400、体积4000均匀实心圆柱体放入其中。如图甲所示，物体漂浮在水面，其浸入水中的深度为5cm；当再给物体施加一个竖直向下大小不变的力F以后，物体最终恰好浸没于水中静止，如图乙所示。（，g取10N/kg）那么：（1）物体遭到的重力是多少？（2）物体浸没水中静止时容器对地面的压强是多少？（3）从物体漂浮水面到浸没水中静止的过程中压力F做了多少功？解析：此题考察浮力与压强、功。（1）物体在甲图中处于漂浮状态，G=F浮=ρ水gV排=×10N/kg×400×5×10-6m3=20N。（2）圆柱体的高h=V/S==10cm，物体浸没在水中时，遭到的浮力F浮1=ρ水gV排1=×10N/kg×4000×10-6m3=40N，因而F=F浮1-G=40N-20N=20N。物体浸没在水中时，容器对地面的压力F压=G水+G物+F=ρ水V水×103kg/m3××3×10N/kg+40N=640N，容器对地面的压强p==×103Pa。（3）物体漂浮在水面时，水面上升高度△h1===1cm，这时物体上外表离容器底的间隔h1=h0+（h-5cm）+△h1=30cm+（10cm-5cm）+1cm=36cm=0.36m；物体浸入水中后，水面上升的高度为△h2===2cm，如今物体上外表与水面齐平，离容器底的间隔等于如今的水深h2=h0+△h=30cm+2cm=32cm=0.32m，因而F做的功W=Fs=F（h1-h2）=20N×（0.36m-0.32m）=0.8J。9/9\n答案：（1）20N（2）3200PJ9/9
