山东省威海市2022年中考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．在以下每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的）1．（2分）（2022•威海）通常人们会从噪声的产生、传播及接收三个环节控制噪声．下列措施中，属于在产生环节控制噪声的是（ ） A．临街的房屋安装隔音玻璃B．学校附近禁止汽车鸣笛 C．在高噪声环境下工作的人戴耳罩D．在城市道路旁安装隔声板考点：防治噪声的途径．专题：应用题．分析：减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱．根据每个选项的实际做法，分别加以分析判断．解答：解：A、房屋安装隔音玻璃是在传播过程中减弱噪声，不符合题意；B、禁止汽车鸣笛是在声音的产生处减弱噪声，符合题意；C、戴耳机是为了在声音的接收处减弱噪声，不符合题意；D、在城市道路旁安装隔声板是在传播过程中减弱噪声，不符合题意；故选B．点评：本题考查学生对减弱噪声具体做法的理解能力，要结合防治噪声的途径方法进行分析解答． 2．（2分）（2022•威海）当光从空气斜射到一块玻璃表面时，如图所示可以较全面地反映光传播路径的是（ ） A．B．C．D．考点：作光的反射光路图．专题：应用题．分析：要解决此题，需要掌握光的反射定律和光的折射规律．光的反射定律：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角．可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”．光的折射规律：光从空气斜射入其他介质中时，折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角．同时要知道光在玻璃玻璃表面会同时发生反射和折射．解答：解：当光从空气斜射到一块玻璃表面时，会同时发生光的反射和折射．A、只有折射现象，所以错误．B、只有反射现象，所以错误．C、既有反射又有折射，同时符合光的反射和折射定律的内容，所以C正确．18\nD、光从空气斜射入玻璃时，折射角应小于入射角，而D图中折射角大于入射角了，所以D错误．故选C．点评：此题主要考查了光的折射和光的反射．一定要知道当光照射到透明物体表面时，会同时发生光的反射和折射．同时考查了光的反射和折射定律的内容． 3．（2分）（2022•威海）下列现象与物态变化的对应关系中，正确的是（ ） A．加在饮料中的冰块逐渐变小﹣﹣熔化B．冬天窗玻璃上会出现冰花﹣﹣凝固 C．夏天晾在室内的湿衣服变干﹣﹣升华D．水烧开时壶嘴出现“白气”﹣﹣汽化考点：熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；生活中的升华现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：（1）物质由固态变成液态的过程叫做熔化；（2）物质由气态直接变成固态的过程叫做凝华；（3）物质由液态变成气态的过程叫做汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式；（4）物质由气态变成液态的过程叫做液化．解答：解：A、加在饮料中的冰块逐渐变小，由固态变成液态，属于熔化现象，该选项说法正确；B、冬天窗玻璃上会出现冰花，是室内温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法不正确；C、夏天晾在室内的湿衣服变干，衣服上的水分由液态变成了气态，属于汽化现象，该选项说法不正确；D、水烧开时壶嘴出现“白气”，是壶嘴里冒出来的温度较高的水蒸气遇到周围温度较低的空气凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确．故选A．点评：本题考查了物态变化现象的判断，属于基础知识的考查，能够分清楚物质前后的状态变化是解题的关键． 4．（2分）（2022•威海）如图所示四个实例中，属于增大摩擦的是（ ） A．轴承之间装滚珠B．写字时用力C．门轴加润滑油D．滑冰穿冰鞋滑行考点：增大或减小摩擦的方法．专题：应用题；图析法．分析：影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度：18\n（1）增大摩擦的办法有：①增大压力，②增大接触面的粗糙程度，③变滚动为滑动；（2）减小摩擦的办法有：①减小压力，②减小接触面的粗糙程度，③变滑动为滚动，④使接触面脱离接触．解答：解：A、轴承之间装滚珠是将滑动摩擦变成了滚动摩擦，从而减小了摩擦力，不合题意；B、写字时用力，这是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法来增大摩擦的，符合题意；C、向门转轴处加润滑油使接触面更光滑一些，以减小摩擦力，不合题意；D、旱冰鞋安装滚轮，用滚动代替滑动减小摩擦力．不符合题意．故选B．点评：要判断哪些是增大摩擦的实例，首先要知道影响摩擦力大小的因素是什么，然后根据此知识来分析． 5．（2分）（2022•威海）如图所示，一束平行光经过一凸透镜，调节光屏的位置直到在屏上得到一个最小、最亮的光斑．小明用此凸透镜和蜡烛做“探究凸透镜成像规律”的实验，当烛焰距凸透镜30cm时，重新调节光屏的位置，可以在光屏上得到（ ） A．正立放大的虚像B．倒立等大的实像C．倒立放大的实像D．倒立缩小的实像考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：光的折射、光的色散．分析：首先根据图象得出凸透镜的焦距，根据物距大于2f时，成倒立缩小实像的原理进行分析．解答：解：由图知，凸透镜的焦距为40cm﹣30cm=10cm，烛焰距凸透镜30cm，处于2f之外，此时成倒立缩小的实像．故选D．点评：此题考查了凸透镜成像的规律，要熟练掌握凸透镜成像特点与物距、像距的关系，确定凸透镜的焦距是解决此题的关键． 6．（2分）（2022•威海）如图表示一个人站在匀速上升的电梯上，下列分析正确的是（ ） A．电梯上升过程中，人的动能转化为重力势能 B．电梯上升过程中，人的机械能不断增大18\n C．电梯上升过程中，电梯对人的支持力做功为零 D．人对电梯的压力与电梯对人的支持力是一对平衡力考点：平衡力的辨别；力是否做功的判断；动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒．专题：运动和力；功、功率、机械效率；机械能及其转化．分析：（1）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关；（2）动能和势能统称为机械能，在数值上机械能等于动能和势能的和；（3）有力作用在物体上，并且物体在力的方向上通过了一段距离，就说力对物体做了功；（4）二力平衡的条件是：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上．解答：解：A、电梯匀速上升，速度不变，动能不变；高度增大，重力势能增大，不是动能转化为重力势能，而是电能转化成了重力势能，该选项说法不正确；B、电梯上升过程中，动能不变，重力势能增大，因此机械能增大，该选项说法正确；C、电梯上升的过程中，电梯对人有支持力的作用，并且人向上通过了一段距离，因此支持力对人做了功，该选项说法不正确；D、人对电梯的压力与电梯对人的支持力，分别作用在电梯和人上，不是作用在同一个物体上，因此这两个力不是平衡力，该选项说法不正确．故选B．点评：（1）当一种能量转化成另一种能量时，其中一种能量减小，另一种能量增大；（2）平衡力和相互作用力的区分：这两种形式的力的区别就在于是否作用在同一个物体上，作用在同一物体上的是平衡力，作用在不同物体上的是相互作用力． 7．（2分）（2022•威海）面对突发灾害和险情，如何正确逃生和急救至关重要．下列逃生和急救的方法中不正确的是（ ） A．发现家用电器或电线失火时，必须先切断电源后再救火 B．发现有人触电时不能用手直接拉动触电的人体，应先切断电源再救人 C．冬天在湖面上玩耍时听到冰裂的声音，应快速跑步离开 D．在公共汽车里遇到火灾打不开车门时，可以用逃生锤打破车窗玻璃逃生考点：减小压强的方法及其应用；安全用电原则．专题：压强、液体的压强．分析：解答此题从以下知识点入手：（1）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害．18\n（2）脚下的冰要破裂，说明人对冰面的压强太大，为了人不知要陷入湖中，因此要从减小压强的角度来入手考虑；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力．解答：解：A、发现家用电器或电线失火时，必须先切断电源后再救火，故A正确；B、人体是导体，发现有人触电，若立即用手去拉，会造成施救者也触电，正确的做法是应先切断电源或用绝缘棒将电线挑开，故说法正确；C、迅速往回跑，跑的同时会抬起一只脚，这时人对冰面的压强增大了一倍，人更容易落入冰中．故本选项错误．D、在压力一定时，受力面积越小，压强越大，所以在压力一定时，安全锤的越尖，对玻璃的压强越大，越容易打破玻璃而逃生．故D正确．故选C．点评：本题所考查的生活常识中，都包含了一定的物理知识，明确知识点，从科学的角度来做出判断，是解答此类题的关键． 8．（2分）（2022•威海）如图所示的装置中不是利用连通器原理工作的是（ ） A．茶壶B．锅炉水位计 C．盆景的自动给水装置D．乳牛自动喂水器考点：连通器原理．专题：压强、液体的压强．分析：根据连通器：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．解答：解：A、茶壶是利用连通器的原理制成的，本选项不符合题意；B、锅炉水位计也是利用连通器的原理工作的，本选项不符合题意；C、盆景的自动给水装置是利用大气压来工作的，本选项符合题意；D、乳牛自动喂水器是利用连通器的原理制成的，本选项不符合题意．故选C．点评：本题考查生活中常见的连通器原来的应用，同时干扰选项设计到大气压的应用，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用．此点中考出现概率很高． 9．（2分）（2022•威海）如图所示的四幅图中能说明发电机工作原理的是（ ） A．B．C．D．18\n考点：发电机的构造和原理．专题：电动机、磁生电．分析：（1）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；（2）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电导体在磁场中受力运动；（3）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场．解答：解：A、开关闭合后，在外力作用下使导体做切割磁感应线运动，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故该选项符合题意．B、这是研究通电导体在磁场中受力的实验，是电动机的原理；故该选项不符合题意．C、这是研究电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数关系的实验；故该选项不符合题意．D、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意．故选A．点评：本题涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和发电机的原理．注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部有没有电源，后者外部有电源． 10．（2分）（2022•威海）如图所示电路，电源电压为12V，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数为12V，则电路发生的故障可能是（ ） A．开关接触不良B．电流表断路C．滑动变阻器断路D．灯泡断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：电流和电路．分析：常见电路故障有断路与短路，分析清楚电路结构，根据故障现象分析故障原因．解答：解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表与灯泡并联；闭合开关，灯泡不亮，说明电路存在断路或灯泡发生短路；电流表示数为零，说明电路发生断路，电压表示数为12V，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则断路位置在灯泡处，即灯泡发生断路；故选D．点评：本题考查了电路故障分析，根据电路故障现象分析电路故障原因． 11．（2分）（2022•威海）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列判断正确的是（ ）18\n A．电压表示数变小，电流表示数变大B．电压表示数变小，电流表示数变小 C．电压表示数变大，电流表示数变小D．电压表和电流表的示数的比值不变考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．专题：应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．分析：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，再根据欧姆定律得出电压表和电流表的示数比值的变化．解答：解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，∵I=，∴电路中的电流变大，即电流表的示数变大，∵U=IR，∴定值电阻R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故ABC不正确；∵电压表和电流表的示数的比值等于定值电阻R1的阻值，∴电压表和电流表的示数的比值不变，故D正确．故选D．点评：本题考查电路的动态分析，利用欧姆定律即可求解；但要注意电压表的接法，当电压表接在电源两端时，测量的为外部电路上的电压． 12．（2分）（2022•威海）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭．下列设计最合理的电路图是（ ） A．B．C．D．考点：串、并联电路的设计．专题：信息给予题；设计与制作题．分析：由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S1短路了．解答：解：A、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意；18\nB、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意；C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，不符合题意；D、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意．故选B．点评：本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路． 二、填空题（本题共8小题，每小题2分，共16分）13．（2分）（2022•威海）如图所示，用钢尺快速击打下面的一颗棋子，可以发现这颗棋子被击飞而上面的那些棋子仍然留在原处落在正下方，上面的那些棋子没有飞出是因为这些棋子具有 惯性 ．下面的那颗棋子被击后飞出去，说明力可以改变物体的 运动状态 ．考点：惯性；力的作用效果．专题：运动和力．分析：（1）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性；（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态．解答：解：（1）快速击打最下面的棋子，上面的祺子由于惯性仍然留在原处；（2）最下面的棋子被击后飞出去，是在力的作用下改变了运动状态．故答案为：惯性；运动状态．点评：本题考查了惯性现象和力的作用效果，属于基础知识的考查，比较简单． 14．（2分）（2022•威海）如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，取两支相同的蜡烛A和B，点燃蜡烛A，在玻璃板的另一侧慢慢移动蜡烛B直到使它与蜡烛A的像重合，表明像与物的 大小 相同．为了探究平面镜成像的虚实，先移去后面的蜡烛B，并在原位置上放一光屏，在光屏上观察不到像，说明平面镜所成的像是 虚像 ．考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：光的传播和反射、平面镜成像．分析：18\n（1）实验时采用两个相同的蜡烛，是为了研究物像大小关系，如果不能重合，说明物像大小不同，如果重合，说明物像等大．（2）实像和虚像的重要区别，实像能用光屏接到，虚像不能用光屏接到．解答：解：（1）蜡烛B和A的像重合，说明蜡烛B和A的像等大，AB是相同的蜡烛，所以A蜡烛和A的像相同．所以当B蜡烛与A蜡烛的像重合时，证明像与物的大小相等．（2）移去后面的蜡烛B，并在原位置上放一光屏，发现在光屏上不能承接到像，因为虚像不能用光屏承接，说明是虚像．故答案为：大小；虚像．点评：研究平面镜成像特点时，确定像的位置是关键，为了确定像的位置，用另一个蜡烛和像重合．注意等效替代法的利用．本题还考查了实像与虚像的区分，注意实像可以用光屏承接，虚像不可以用光屏承接． 15．（2分）（2022•威海）1820年，丹麦科学家奥斯特在课堂上做实验时偶然发现：当导线中通过电流时，它旁边的磁针发生了偏转，他进而继续研究，终于证实了电流周围存在 磁场 ，在世界上第一个发现了电和磁之间的联系．如果把导线绕在圆筒上做成螺线管，磁场就会强得多，通电螺线管的极性与螺线管中的 电流 方向有关．考点：通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场．专题：应用题．分析：（1）奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的实验．奥斯特由于这个贡献而载入物理史册．（2）知道通电螺线管周围存在磁场，并且其磁感线与条形磁体的磁感线相似．知道通电螺线管的磁性与电流的方向有关．解答：解：（1）丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验证实了：电流周围存在磁场．（2）通电螺线管周围也存在磁场，并且其周围的磁场与条形磁体的磁场相似．通电螺线管的极性与通电螺线管中电流的方向有关．故答案为：磁场；电流．点评：此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，以及通电螺线管周围的磁场，与条形磁铁周围的磁场相似，其磁场方向与电流方向有关．一定要掌握电流的磁效应，此类题目是中考的常见题型，难度不大． 16．（2分）（2022•威海）如图所示，a、b、c、d是距凸透镜不同距离的四个点，F为焦点．日常生活中所用的几种光学仪器的成像原理与物体在不同点时的成像情况相对应，其中照相机是根据物体放在 a 点时的成像特点制成的，幻灯机是根据物体放在 c 点时的成像特点制成的．考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：透镜及其应用．分析：掌握凸透镜成像的规律：物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的；18\n物距处于1倍和2倍焦距之间时，凸透镜成倒立放大的实像，幻灯机、投影仪都是根据这个原理制成的．解答：解：由图知，a点在2倍焦距之外，此时成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的；c点处于1倍和2倍焦距之间时，凸透镜成倒立放大的实像，幻灯机、投影仪都是根据这个原理制成的．故答案为：a；c．点评：此题考查了凸透镜成像的规律的应用，要熟练掌握凸透镜成像特点与物距、像距之间的关系，做到灵活运用． 17．（2分）（2022•威海）如图所示的钢丝钳是 省力 杠杆（选填“省力”或“费力”），剪铁丝时动力臂长为10cm，阻力臂长为2cm，若铁丝被剪断需要800N的力，小明至少用 160 N的力才能将铁丝剪断．考点：杠杆的平衡条件．专题：简单机械．分析：根据动力臂和阻力臂的关系判断杠杆的种类；掌握杠杆平衡条件F1L1=F2L2，将已知量代入公式便可计算小明使用的拉力大小．解答：解：钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，所以比较省力，是省力杠杆；根据杠杆平衡条件：F1L1=F2L2则：F1×10cm=800N×2cm解得：F1=160N．故答案为：省力；160．点评：此题通过一个简单的实例考查了杠杆的分类及杠杆平衡条件的应用，关键是确定出两个力及对应的力臂，是一道基础性题目． 18．（2分）（2022•威海）小明按图甲所示的电路进行实验，当闭合开关用电器正常工作时，电压表V1和V2的指针位置完全一样，如图乙所示，则L2两端的电压为 2 V，L1两端的电压为 8 V．考点：电压表的读数方法；串联电路的电压规律．专题：电压和电阻．18\n分析：由图可知，电路是由两个电灯串联而成，两个电压表分别测的是总电压和L2两端的电压，这两个电压值是不会相等的，指针一样，说明选择的量程不同，然后根据串联电路电压的特点读出电压表的示数，然后计算出L1和L2两端的电压．解答：解：从图中可以看出V1测电源电压，V2测L2两端电压，而两表指针一样，说明V1选的是大量程，V2的是小量程，则V1的示数为10V；V2示数为2V；又因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，则灯L2两端电压为2V；灯L1两端电压为10V﹣2V=8V．故答案为：2；8．点评：本题考查了串联电路的电压特点，关键是电表所测电路元件的辨别以及电表量程的判断和读数． 19．（2分）（2022•威海）如图是“探究电流通过导体产生的热量与导体电阻关系”的实验装置，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻，铜丝和镍铬合金丝串联浸在相同质量和相同初温的煤油中，每一烧瓶里各插入一支温度计．通电一定时间后，可以看到 B 瓶中（填A或B）煤油温度升得高，这表明在相同时间内，电流相同的情况下，电阻越 大 ，电流通过导体时产生的热量越多．考点：焦耳定律．专题：探究题．分析：由电路图可知，两电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt分析答题．解答：解：由电路图可知，两电阻丝串联，通过他们的电流I与通电时间t相同，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻，由Q=I2Rt可知，镍铬合金丝产生的热量多，B瓶中煤油吸收的热量多，温度升得高，这表明：在相同时间内，电流相同的情况下，电阻越大，电流通过导体时产生的热量越多．故答案为：B；大．点评：本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系的了解和掌握，难度不大，但综合性强，属于中考必考的探究实验题型． 20．（2分）（2022•威海）某同学把标有“8V16W”的灯泡L1和“12V36W”的灯泡L2串联在电路中，闭合开关后，其中一只灯泡能正常发光，另一只没有达到额定电压．由此可知电源电压为 16 V，此时L1的实际功率 等于 L2的实际功率（选填“大于”或“等于”或“小于”）．考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：18\n根据小灯泡的额定电压和额定功率分别求出两灯泡的电阻，由两只灯泡电阻相同，可知分得的电压相等，从而求出电路中的总电压和总电流，然后根据两灯电阻相同、电压相同可知两灯泡的实际功率关系．解答：解：由P=可得，两灯泡的电阻分别为：R1===4Ω，R2===4Ω，根据串联电路电阻的分压特点可知，两只灯泡电阻相同时，分得的电压相等；所以L1正常发光，U1=8V，L2没有到达额定功率，U2=U1=8V，（电阻相同，分得的电压相同）∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴电源电压U=U1+U2=8V+8V=16V，∵串联电路中各处的电流相等，∴L1的实际功率等于L2的实际功率．故答案为：16；等于．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等． 三、实验探究题（本题共3小题，21题4分，22题5分，23题5分，共14分）21．（4分）（2022•威海）为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验．用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用钟表记录加热时间．实验数据记录如下表．物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水6020645食用油6020668（1）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较 升高的温度（或温度升高的多少等） 来研究水和食用油吸热能力的差异．（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 水 加热更长的时间，此时水吸收的热量 大于 （选填“大于”或“小于”或“等于”）食用油吸收的热量．（3）通过实验可以得到不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用 比热容 这个物理量来描述．考点：控制变量法与探究性实验方案；比热容的概念．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）实验中采用了转换法，通过观察液体温度的变化来研究水和食用油的吸热能力．18\n（2）两个相同的酒精灯对其加热，加热时间多，放出的热量就多，相应受热物质吸收的热量就多．（3）不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容来描述．解答：解：（1）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度（或温度升高的多少等）来研究水和食用油吸热能力的差异．（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间．因为选用相同的酒精灯加热，所以加热时间长的吸收的热量多．即水吸收的热量大于食用油吸收的热量．（3）通过实验可以得到不同的物质吸热能力不同，此实验中，水的吸热能力强于是食用油的吸热能力，物质的这种特性用比热容这个物理量来描述．故答案为：（1）升高的温度（或温度升高的多少等）；（2）水；大于；（3）比热容．点评：此题考查了我们对于实验数据的分析能力，考查了对比热容这一物理量的理解，我们要能够根据相关的实验数据得出我们需要的知识，并能够将这些知识应用于生活． 22．（5分）（2022•威海）在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与①导体的长度有关、②导体的横截面积有关、③导体的材料有关．实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如下表所示．编号材料长度/m横截面积/mm2A镍铬合金0.50.5B镍铬合金1.00.5C镍铬合金0.51.0D锰铜合金0.50.5（1）按照图1所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察 电流表示数 来比较导体电阻的大小．（2）为了验证上述猜想①，应该选用编号 A、B 两根电阻丝分别接入电路进行实验．（3）分别将A和D两电阻丝接入图1电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟 材料 有关．（4）要进一步研究导体材料的导电性能，就需要测量导体的电阻，小明的实验方案和操作过程均正确，两表的连接和示数如图2所示．但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致实验误差 偏大 ，解决这一问题的措施是 电流表改用小量程 ．考点：影响电阻大小的因素．专题：探究题．分析：（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小．（2）（3）根据控制变量法的要求，根据实验目的或实验现象分析答题；18\n（4）用电流表测电路电流时，要选择合适的量程，量程过大，会使读数误差增大．解答：解：（1）在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小．（2）要验证猜想①导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验．（3）由表中数据可知，A、D两电阻丝的长度、横截面积相同而材料不同，将A和D两电阻丝接入图1电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此可知：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟材料有关．（4）由图2所示电流表可知，电流表指针偏转过小，电流表读数误差较大，会增大实验误差，使实验误差偏大；电流表换用小量程，可以减小读数误差，从而减小实验误差．故答案为：（1）电流表示数；（2）A、B；（3）导体的材料；（4）偏大；电流表改用小量程．点评：本题考查了影响导体电阻因素的实验，应用控制变量法是正确解题的关键． 23．（5分）（2022•威海）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验．请你根据小明的实验探究回答下列问题．（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与 液体密度 的关系；根据A与E两图所标的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为 2.4 N．（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关．对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而 增大 ，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度 无关 ．（3）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为 1.2×103 kg/m3．考点：探究浮力大小的实验．专题：探究题．分析：（1）掌握影响浮力大小的因素，判断两图中改变的量和不变的量，得出影响浮力的因素；（2）根据公式F浮=ρ液gV排分析浮力与V排的关系；18\n（3）根据F浮=G﹣F计算出在水中和盐水中受到的浮力，根据V排=计算出物体的体积，根据ρ液=计算出盐水的密度；或根据在水中和在盐水中排开液体的体积相等列出关系式求出盐水的密度．解答：解：（1）C与E两图，排开液体的体积不变，液体的密度不同，所以是研究浮力与液体密度的关系；F浮=G﹣F=8N﹣5.6N=2.4N，所以在盐水中受到的浮力为2.4N；（2）由F浮=ρ液gV排得，浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关；（3）由AD知，浸没在水中时的浮力F浮=8N﹣6N﹣2N；由题意知，在水和盐水中排开液体的体积相等，则：=代入数据得：=解得：ρ盐水=1.2×103kg/m3．故答案为：（1）液体密度；2.4；（2）增大；无关；（3）1.2×103．点评：此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了影响浮力的因素及控制变量法的应用，同时考查了有关浮力公式的应用，在（3）中确定V排相等是解决此题的关键． 四、综合计算题（本题共3小题，24题4分、25题6分，26题6分，共16分．要求写出必要的文字说明、单位，重要的公式及主要的运算过程，只写出结果的不能得分）24．（4分）（2022•威海）一台电热水器的铭牌上标有“220V3000W“字样，其中装有50kg的水，将这些水从20℃加热到30℃．求：（1）这些水从20℃加热到30℃需要吸收的热量[已知：c水=4.2×103J/（kg•℃）]．（2）为了加热这些水，电热水器正常工作15min所产生的热量．考点：电功与热量的综合计算．专题：计算题；电和热综合题．分析：（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm（t﹣t0）求水吸收的热量；（2）电热水器正常工作，实际功率等于额定功率，利用Q=W=Pt求电热水器正常工作15min所产生的热量．解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（30℃﹣20℃）=2.1×106J；（2）t=15min=900s，18\n当电热水器正常工作时，P=P额=3000W，则电热水器正常工作15min所产生的热量：Q放=W=Pt=3000W×900s=2.7×106J．答：（1）水吸收的热量是2.1×106J；（2）电热水器正常工作15min所产生的热量2.7×106J．点评：本题为热学、电学综合题，考查了学生对吸热公式Q吸=cm（t﹣t0）、电流做功产生热量公式Q放=W=Pt的掌握和运用，是一道较为简单的计算题． 25．（6分）（2022•威海）人们常用“冰山一角”来形容事物显露出来的仅仅是其很小的一部分，更多的还隐藏在表面现象之下．事实上，冰山浮在海水中的确只露“一角”（如图1所示）．请解答下列问题：（已知：g取10N/kg海水的密度取ρ海水=1×103㎏/m3冰的密度ρ冰=0.9×103㎏/m3）．（1）若有一座冰山其露出海面的体积是2000m3，那么这座冰山的总体积为多少？（2）南极考察中使用的海洋破冰船，自身的重力为1.8×107N．如图2所示，当船冲到冰面上时，船重的三分之二压在冰面上，船与冰面的接触面积为5m2，此时破冰船对冰面的压强是多少？考点：阿基米德原理；压强的大小及其计算．专题：压强和浮力．分析：（1）由题意可知冰山处于漂浮状态，根据漂浮的条件可知冰山在海水中受到的浮力等于冰山的重力，利用阿基米德原理和密度公式、重力公式得出等式即可求出海面下的部分体积也就是冰山排开海水的体积，然后求出冰山的总体积．（2）先求出船对冰面的压力，然后由压强公式求出压强．解答：解：（1）设冰山浸入海水中的体积为V排，露出海面的体积为V露，则冰山的体积V=V排+V露，∵冰山漂浮，∴F浮=G，即ρ海水gV排=ρ冰g（V排+V露），即ρ海水gV排=ρ冰g（V排+2000m3），则V排=18000m3，所以V冰山=V排+V露=18000m3+2000m3=20000m3；（2）船对冰面的压力F=G船=×1.8×107N=1.2×107N，船对冰面的压强p===2.4×106Pa；答：（1）这座冰山的总体积为18000m3．（2）此时破冰船对冰面的压强是2.4×106Pa．点评：18\n（1）本题考查了物体浮沉条件的应用，关键是知道处于漂浮状态的物体受到的浮力等于物体本身的重力，计算过程要注意单位的换算．（2）根据题意求出船对冰面的压力，然后由压强公式即可求出压强． 26．（6分）（2022•威海）如图甲为某型号汽车的自动测定油箱内油量的电路原理图，其中电源两端的电压为24V，R0为定值电阻，A为油量指示表（一只量程为0～0.6A的电流表）；Rx为压敏电阻（厚度不计），它的上表面受力面积为10cm2，其阻值与所受压力的对应关系如图乙所示．油箱的横截面积为20dm2，油箱加满汽油时深度为0.4m，油量指示表的示数在最大值处．（已知：汽油的密度ρ=0.7×103kg/m3，g取10N/kg，汽油的热值q=3.0×1010J/m3）．请解答下列问题：（1）当油箱装满汽油时，压敏电阻Rx上表面受到的压力是多大？（2）当油箱装满汽油时，定值电阻R0的阻值是多大？当油箱内汽油用完时，油量指示表的指针指向某一位置，求此位置所对应的电流值是多少？（3）当该车匀速行驶1h消耗10L（1L=1dm3）汽油时，汽油完全燃烧放出的热量有30%转化成汽车的有用功，则汽车在这段时间的功率是多少？考点：功率的计算；压强的大小及其计算；功的计算；欧姆定律的应用．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）由液体压强公式p=ρgh可求得汽油对压敏电阻的压强；再根据导出公式F=PS算出油对Rx的压力．（2）在乙图图象中找出对应的电阻值；电源电压已知，装满油时电流表示数为所接量程的最大值，由串联电路特点及欧姆定律可以求出R0的阻值．油箱内汽油用完时，压敏电阻受到的压力为零，由图象可求出压敏电阻的阻值，然后由欧姆定律可求出电路中的电流值．（3）先求出汽车做的有用功，然后由功率公式求出功率．解答：解：（1）汽油对电阻产生的压强p=ρgh=0.7×103kg/m3×10N/kg×0.4m=2.8×103Pa，∵p=，∴压敏电阻受到的压力F1=pS=2.8×103Pa×10×10﹣4m2=2.8N；（2）当油箱内装满汽油时，压敏电阻Rx上表面受到的压力为2.8N，由图乙所示图象可知，此时压敏电阻阻值为Rx1=30Ώ，∵I=，∴U=I1（R0+Rx1），即24V=0.6A×R0+30Ώ），解得R0=10Ώ，当油箱内汽油用完时，压敏电阻Rx上表面受到的压力为零，根据压敏电阻与所受压力的对应关系，Rx2=290Ώ，18\n油箱内汽油用完时的电流值I2===0.08A；（3）汽油释放的热量Q放=qV=3.0×1010J/m3×10×10﹣3m3=3×108J，有用功W有=Q放×30%=3×108J×30%=9×107J，功率P===25000W；答：（1）当油箱装满汽油时，压敏电阻Rx上表面受到的压力2.8N．（2）当油箱装满汽油时，定值电阻R0的阻值是10Ώ；当油箱内汽油用完时，油量指示表的指针指向某一位置，求此位置所对应的电流值是0.08A；（3）当该车匀速行驶1h消耗10L（1L=1dm3）汽油时，汽油完全燃烧放出的热量有30%转化成汽车的有用功，则汽车在这段时间的功率是25000W．点评：本题综合考查了力学与电路中的相关知识，对学生的审题能力、综合分析计算能力等要求较高，难度较大．18
