贵州省遵义市2022年中考物理试卷三、单项选择题（本大题6个小题，每小题3分，共18分．每小题只有一个正确答案，请在答题卡选择题栏内，用2B铅笔将对应题目答案的标号涂黑．）1．（3分）（2022•遵义）纳米陶瓷是一种高新科技材料，具有耐磨、耐腐蚀、耐高温、防渗透、完全无磁性等特点，以下选项中哪项可以利用纳米陶瓷材料制造（ ） A．高压输电线B．装浓硫酸的容器C．银行储蓄卡D．LED发光二极管考点：纳米材料的应用和发展前景．专题：粒子与宇宙、材料世界．分析：根据纳米陶瓷的耐磨、耐腐蚀、耐高温、防渗透、完全无磁性等特点判断各选项的正误．解答：解：A、纳米陶瓷不能导电，因此不能制造高压输电线，该选项不符合题意；B、纳米陶瓷耐腐蚀，因此可以用来制造装浓硫酸的容器，该选项符合题意；C、纳米陶瓷完全无磁性，因此不能制造银行储蓄卡，该选项不符合题意；D、纳米陶瓷不能导电，因此不能用来制作发光二极管，该选项不符合题意．故选B．点评：本题考查了纳米陶瓷材料的应用，能够结合它的特点进行分析是解题的关键． 2．（3分）（2022•遵义）下列自然现象中，属于凝华的是（ ） A．树枝上形成雾淞B．池塘中的水结冰 C．植物上形成露珠D．寒冬晾在室外冰冻的衣服变干考点：生活中的凝华现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：凝华是指物质由气态直接变成固态的现象，雪、霜、树挂、雾凇等现象，都是水蒸气遇冷凝华而成的．解答：解：A、树枝上出现雾凇，是空气中的水蒸气遇到温度较低的树枝凝结成的小冰晶，属于凝华现象，符合题意；B、池塘中的水结冰，由液态变成固态，属于凝固现象，不符合题意；C、植物上形成露珠，是由空气中的水蒸气遇冷凝结而成，属于液化现象，不符合题意；D、寒冬晾在室外冰冻的衣服变干，冰直接变成了水蒸气，发生了升华现象，不符合题意．故选A．点评：本题考查了对生活中各种物态变化现象的判断，是中考的热点题型，能够分清物质的状态变化是解题的关键． 3．（3分）（2022•遵义）2022年4月20日，四川雅安芦山发生了7.0级强烈地震，造成了大量伤亡，其中一个原因是发生地震时没有采取合理的自救措施，若一个人在发生地震时被埋在废墟下面，以下自救措施合理的是（ ）15\n A．就地静止等待 B．大声呼救 C．使劲向有缝隙的地方钻爬 D．用硬物敲击墙壁，水管等物传出声音考点：声音的传播条件．专题：声现象．分析：解决此类问题的关键是知道声音的传播条件是可以在气体、固体、液体中传播，且声音在固体中的传播速度大于在气体中的传播速度．解答：解：A、救援人员是根据是否有生命迹象判断是否有人并进行施救，如果静静等待会失去被救的机会，故A不可行；B、大声呼救，会浪费体力，且地面上的人不易听到，故B不可行；C、见缝隙就钻，从废墟中爬出来，如果不恰当的话，会卡在缝隙里，故C不可行；D、因为声音可以在固体中进行传播，所以可以通过敲击废墟板或墙壁产生声音并通过固体向外传播声音，这样可以引起救助人员的注意，最后会获得救援，故D可行．故选D．点评：此题主要考查的是学生遇到灾害后自救的一些措施，以及声音在不同介质中的传播速度的比较．体现了物理知识在生活中的广泛运用． 4．（3分）（2022•遵义）将物理书放置在水平桌面上，下列各力是一对平衡力的是（ ） A．书受到的重力和书对桌面的压力 B．书对地球的吸引力和书受到的重力 C．书受到的重力和桌面对书的支持力 D．书对桌面的压力和桌面对书的支持力考点：平衡力的辨别．专题：应用题；运动和力．分析：根据二力平衡的条件进行解答，即：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，缺一不可．解答：解：A、书受到的重力和书对桌面的压力，这两个力方向相同且作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，不是一对平衡力，故A不正确；B、书对地球的吸引力和书受到的重力，这两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故B不正确；C、书受到的重力和桌面对书的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，是一对平衡力，故C正确；15\nD、书对桌面的压力和桌面对书的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故D不正确．故选C．点评：本题考查了平衡力的辨别，要注意平衡力和相互作用力都是大小相等、方向相反、作用在同一直线上，但是平衡力作用在一个物体上，相互作用力作用在两个物体上． 5．（3分）（2022•遵义）现在，轿车已进入寻常百姓家，设想你是一位驾驶员，在夜间行车时不但需要前车灯有良好的照明，还要会合理判断灯光的照射情况，若前方出现弯道时，灯光照射路面的情况是（ ） A．照射情况不变B．灯光由路中移到路侧 C．灯光离开路面D．照射距离变短考点：光直线传播的应用．专题：压轴题；光的传播和反射、平面镜成像．分析：光在同种、均匀透明介质中沿直线传播．解答：解：夜间行车出现弯道时，由于汽车发出的光柱是沿直线传播的，因此要把灯光由路中移到路侧，来观察路侧的情况，以免发生危险．故选B．点评：夜间行车如远光灯光线突然消失不再出现，可判断前方有路口或弯道；如远光灯光线左右大幅度摆动，可判断前方是弯曲道路；如远光灯光线上下浮动可判断前方是坡路． 6．（3分）（2022•遵义）如图所示的电路，将AB两端接入10V电源，电压表示数为3V，拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，电压表示数为7V，则R1：R3的值为（ ） A．1：1B．7：3C．49：9D．100：21考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电路的动态分析．专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．分析：（1）将AB两端接入10V电源时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R1与R2的比值；（2）拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，R2与R3串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R2与R3的比值，进一步求出R1：R3的值．解答：解：（1）将AB两端接入10V电源时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴R1两端的电压U1=U﹣U2=10V﹣3V=7V，15\n由欧姆定律可得：====，拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，R2与R3串联，电压表测R2两端的电压，R3两端的电压U3=U﹣U2′=10V﹣7V=3V，=====×=×=．故选C．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电源不同位置时的连接方式和电压表测量的电路元件是关键． 四、填空题（本大题包括6个小题，每空2分，共24分．请将下列答题中的①②序号所占位置的应答内容，填写到答题卡相应题号的空格内．）7．（4分）（2022•遵义）2022年6月16日“神州九号”载人飞船成功发射，完成任务后宇航员乘返回舱安全返回，返回舱到达离地面一定高度时打开降落伞，受到空气的阻力而匀速下落，在匀速下落过程中，返回舱的动能 不变 ，机械能 减小 ．（选填“增大”、“不变”或“减小”）考点：动能和势能的大小变化．专题：机械能及其转化．分析：动能的大小跟物体的质量和速度有关；重力势能的大小跟物体的质量和高度有关．解答：解：匀速下落，速度不变，质量不变，所以动能大小不变，高度减小，重力势能减小，机械能也就减小．故答案为：不变；减小．点评：本题考查动能和重力势能的影响因素，相对比较简单，属于基础题． 8．（4分）（2022•遵义）一只电热快速开水壶，内装质量为1.5kg，初温为20℃的水，在对水加热的过程中，水的内能 增大 ，将这些水烧开，水吸收的热量是 5.04×105 ．[当地气压为1标准大气压，C水=4.2×103J/（kg•℃）]．考点：热量的计算．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）烧水时，电流通过电热快做功，将电能转化为内能，使水的内能增加、温度升高；15\n（2）知道水的质量、水的初温和末温（在标准大气压下，水的沸点为100℃）、水的比热容，根据吸热公式Q吸=cm△t计算出水吸收的热量．解答：解：（1）在对水加热的过程中，水的内能增大、温度升高；（2）在标准大气压下，将水烧开，水的末温是100℃，水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）=5.04×105J．故答案为：增大；5.04×105．点评：本题考查了热量的计算，计算时注意隐含条件“在标准大气压下，水的沸点为100℃”． 9．（4分）（2022•遵义）遵义市正在建设“宜居、宜业、宜游”的三宜城市，为了宜游，正在加快建设遵义到赤水的高速公路．“遵赤”高速由三段组成，已建成的遵义到白腊坎30km，设计最大时速100km/h，白腊坎到仁怀60km，设计最大时速80km/h，正在建设的仁怀到赤水160km，设计最大时速80km/h．我们坐在汽车里行驶在高速公路上，看到周围的景物向后退去，这是以 汽车 为参照物来描述的，若遵赤高速全程通车后，按规定时速行驶，从遵义到赤水最快需 3.05 h．考点：参照物及其选择；速度公式及其应用．专题：计算题；应用题；长度、时间、速度．分析：（1）如果物体相对于参照物位置不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的；（2）已知主线全长和设计时速，可利用公式t=求出从遵义到赤水所需时间；解答：解：（1）以汽车为参照物，周围的景物相对于汽车是运动的；（2）遵义到白腊坎所需时间t1===0.3h；白腊坎到仁怀所需时间t2===0.75h；仁怀到赤水所需时间t3===2h；所以遵赤高速全程通车后，按规定时速行驶，从遵义到赤水最快需t=0.3h+0.75h+2h=3.05h．故答案为：汽车；3.05．点评：本题考查了学生对速度公式及参照物知识的了解与掌握，计算时注意单位要统一． 10．（4分）（2022•遵义）小明用手把重8N，体积为1.2×10﹣3m3物体全部浸入水中，此时物体受到的浮力为 12 N，放手后物体将 上浮 ．（后一空选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）考点：浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用．专题：浮力；浮沉的应用．分析：15\n①把物体全部按入水中时，知道排开水的体积和水的密度，利用阿基米德原理求物体受到的浮力；②物体的浮沉条件是：浮力大于重力，上浮；浮力等于重力，悬浮；浮力小于重力，下沉．解答：解：（1）物体全浸入水中时，V排=V=1.2×10﹣3m3，F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1.2×10﹣3m3=12N；放手后，物体受到的浮力12N要大于物体的自重8N，因此物体要上浮．故答案为：12；上浮．点评：浮沉条件是我们应该熟知的重要知识，根据它可以判断物体浮沉，也可以在已知浮沉的情况下判断浮力与重力的关系． 11．（4分）（2022•遵义）小明在测盐水的密度时，用调好的天平测出盐水和杯子的总质量为118g，然后将杯中的部分盐水倒入量筒中，如图甲，则量筒中盐水的体积为 50 cm3，再用天平测剩余盐水和杯子的总质量时，天平平衡后右盘所放的砝码和游码在标尺上的位置如图乙，根据以上实验数据，小明测得盐水的密度为 1.1×103 kg/m3．考点：液体密度的测量．专题：压轴题；测量型实验综合题．分析：由图甲所示量筒读出盐水的体积；砝码与游码示数之和是所测物体的质量；根据题意求出盐水的质量，最后由密度公式求出盐水的密度．解答：解：由图甲所示可知，盐水的体积V=50ml=50cm3；由图乙可知，剩余盐水和杯子的总质量为50g+10g+3g=63g，盐水的质量m=118g﹣63g=55g，盐水的密度ρ===1.1g/cm3=1.1×103kg/m3；故答案为：50；1.1×103．点评：本题考查了量筒与天平读数，求液体密度等问题，难度不大，是一道基础题；掌握量筒与天平的读数方法，应用密度公式即可正确解题． 12．（4分）（2022•遵义）某兴趣小组设计了如图甲所示的电路进行实验探究，电源为电压可调的学生电源，小灯泡L标有“6V1.2W”字样，R为20Ω的定值电阻．小组根据记录的电流表和电压表的示数变化，描绘出如图乙所示的I﹣U关系图．当电压表的示数为2V时，通过小灯泡L的电流为 0.3 A，调节电源电压，当电路消耗的总功率为1.35W时，小灯泡的实际功率为 0.9 W．15\n考点：电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用．专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；图像综合题．分析：由电路图可知，灯泡L电阻R并联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测干路中的电流．（1）由乙图象读出电压表的示数为2V时，电流表的示数，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，利用并联电路的电流特点求出通过小灯泡L的电流；（2）由乙图象找出电路消耗的总功率为1.35W时的电压和干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，利用并联电路的电流特点求出通过L的电流，利用P=UI求出小灯泡的实际功率．解答：解：由电路图可知，灯泡L电阻R并联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测干路中的电流．（1）由乙图象可知，当电压表的示数为2V时，电流表的示数即干路电流I=0.4A，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴由欧姆定律可得，通过R的电流：IR===0.1A，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴通过小灯泡L的电流：IL=I﹣IR=0.4A﹣0.1A=0.3A；（2）由乙图象可知，电路电路电流I=0.45A，电源电压U=3V时，小灯泡与定值电阻R0消耗的总功率为P总=UI=3V×0.45A=1.35W，此时流过定值电阻的电流：IR′===0.15A，流过灯泡的电流：IL′=I′﹣IR′=0.45A﹣0.15A=0.3A，则灯泡的实际功率：PL实=U′IL′=3V×0.3A=0.9W．故答案为：0.3；0.9．点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是从图象中找出小灯泡与定值电阻消耗的总功率为1.35W时的电压和电流值，同时要注意灯泡的电阻是变化的． 五、作图题（本大题包括3个小题，每小题6分，共6分．请按要求在答题卡相应题号的图形上完成作图．）13．（6分）（2022•遵义）（1）如图甲所示，一小球从理想光滑的斜面上滚下，请在图中画出小球受到所有力的示意图．15\n（2）如图乙所示，平面镜与水平面的夹角为30°，一束与水平面平行的光线入射到平面镜上，请画出对应的反射光线，并标出相应的反射角及度数．（3）如图丙所示，图中已画出了通电螺线管的一条磁感线和静止在螺线管上方的小磁针，请在图中标出已画磁感线的方向和小磁针的N极．考点：力的示意图；作光的反射光路图；通电螺线管的极性和电流方向的判断．专题：压轴题；图像综合题．分析：（1）沿光滑斜面滚动的小球，由于光滑斜面没有摩擦力，则此时小球受重力和支持力作用；先找出球的重心，然后根据重力的方向总是竖直向下、支持力垂直于斜面向上，表示出重力、支持力的作用点和方向．（2）先求出入射角的大小，过入射点画出法线，根据反射角等于入射角画出反射光线，最后标出反射角的大小．（3）利用螺线管中电流的方向和线圈的绕向，根据安培定则确定螺线管的N、S极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极，而磁体的外部磁感线从N极到S极．解答：解：（1）由于光滑斜面没有摩擦力，则此时小球受重力和支持力作用；过球心分别沿竖直向下的方向和垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示重力，用符号F表示支持力；如图所示：（2）平面镜与水平面的夹角为30°，入射光线水平射到平面镜上，则入射角等于90°﹣30°=60°，反射角等于入射角等于60°；画出法线，根据反射角等于入射角做出反射光线如图所示：（3）根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为N极、右端为S极；当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极．因此可以确定小磁针的左端为S极，右端为N极；在磁体的周围磁感线总是从N极回到S极，如下图所示：点评：（1）第一问牢记重力的方向总是竖直向下的，判断物体的受力情况是画示意图的关键所在．（2）第二问主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容（可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”），并要注意入射角与反射角的概念．（3）对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个． 六、简答题（本大题5分．请将简答内容填写到答题卡相应题号的空格内．）15\n14．（5分）（2022•遵义）如图所示为司机坐在汽车驾驶室中的情境，汽车的方向盘表面为什么做得比较粗糙？当快速向前行驶的汽车遇到危险而紧急刹车时，司机会向哪里倾倒？为什么？考点：增大或减小摩擦的方法；惯性．专题：压轴题；运动和力；重力、弹力、摩擦力．分析：摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面粗糙程度．压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体本身的一种属性．解答：解：汽车的方向盘做的很粗糙，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．司机会像前倾倒；因为原来司机和汽车一起向前运动，当汽车突然刹车时，人体上部由于惯性会保持原来向前运动的状态，而脚已随车停止了运动，因而身体会向前倾倒．点评：本题考查了增大摩擦的方法和惯性的知识点，要求学生会用惯性分析日常生活中的有关惯性的现象． 七、实验探究题（本大题包括3个小题，33题4分，34题3分，35题8分，共15分．请将下列答题中的①序号所占位置的应答内容，填写到答题卡相应题号的空格内．）15．（4分）（2022•遵义）小明在做“探究杠杆平衡”的实验中，所用的器材有规格相同的钩码6只，弹簧测力计一只，杠杆及支架，细线，杠杆上每小格距离相等．（1）小明将杠杆挂在支架上，发现杠杆左端下倾，若他调节杠杆右端的平衡螺母，应将该平衡螺母向 右 端调节，直到杠杆在水平位置平衡．（2）如图甲所示，小明在已调好的杠杆左端2格处挂了3只钩码，要使杠杆平衡，除可在杠杆右端第“2”格挂“3”只钩码外，也可以在右端第 3格挂2 只钩码来完成．（按“×格挂×”填写）（3）若杠杆右端不挂钩码，改用弹簧测力计在左端第3格处拉杠杆使其平衡．则最小拉力的方向为 竖直向上 ．（4）如图乙，将弹簧测力计挂在杠杆右端第4格处向下方拉使杠杆平衡，当拉杠杆的力由向左下方逐渐变为向右下方拉的过程中，拉力的变化情况是以下选项中的 D ．（填选项符号）A．逐渐变大B．逐渐变小C．先变大后变小D．先变小后变大．15\n考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）如果杠杆左端下沉，应向右调节平衡螺母，使杠杆在平衡位置平衡．（2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，分析答题；（3）杠杆在水平位置平衡，要使拉力最小，力臂应该最大，使力臂在杠杆上力臂最大．当杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上时，力臂在杠杆上．（4）首先分析力臂的变化，再根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，分析拉力的变化．解答：解：（1）发现杠杆左端下沉，此时，应把杠杆右端的平衡螺母向右调节，使杠杆在不挂钩码时，在水平位置平衡．（2）设每个钩码重力是G，杠杆每格的长度是L杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂：3G×2L=6GL，因为只有6只钩码，且杠杆的长度最长只有5格，所以杠杆右端：2G×3L=6GL；（3）杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上，力臂最大，力最小．所以弹簧测力计在杠杆左端竖直向上拉杠杆，杠杆才能在水平位置平衡；（4）当拉杠杆的力由向左下方逐渐变为向右下方拉的过程中，拉力的力臂逐渐变大；当拉力竖直向下时，力臂达到最大；当拉力逐渐变为向右下方拉的过程中，力臂又逐渐变小．综上所述力臂的变化情况是先变大后变小；根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，可知杠杆左边的“阻力×阻力臂”不变，则右边的动力和动力臂成反比，力臂的变化情况是先变大后变小，所以拉力的变化是先变小后变大．故答案为：（1）右；（2）3格挂2；（3）竖直向上；（4）D．点评：本题考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握．探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件：杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上． 16．（3分）（2022•遵义）小明探究凸透镜成像的实验装置如图所示：（1）将凸透镜固定在光具座上50cm刻线处，点燃的蜡烛和光屏位于凸透镜两侧，将蜡烛移动到光具座上30cm刻线处，移动光屏到合适位置，在光屏上得到一个清晰、等大、倒立的像，则该凸透镜的焦距为 10 cm．（2）将点燃的蜡烛移到光具座上10cm刻线处，移动光屏直到出现烛焰清晰的像，则该像是倒立、 缩小 的实像．（选填“放大”、“等大”或“缩小”）（3）将点燃的蜡烛移到光具座上35cm刻线处，移动光屏到合适位置可成清晰的像，生活中使用的放大镜、投影仪、照相机中成像原理与此相同的是 投影仪 ．考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）根据凸透镜成像中u=2f，成倒立等大的实像，v=2f，可计算焦距．（2）（3）根据凸透镜成像的三种情况及其应用：u＞2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理．15\n2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用与投影仪或幻灯机．u＜f，成正立、放大的虚像．应用与放大镜．解答：解：（1）由图可知，物距u=50cm﹣30cm=20cm，移动光屏到合适位置，在光屏上得到一个清晰、等大、倒立的像，由凸透镜成像中u=2f，成倒立等大的实像，v=2f可得2f=20cm，f=10cm．（2）将点燃的蜡烛移到光具座上10cm刻线处，则u=40cm＞2f，由凸透镜成像规律可知，则该像是倒立、缩小的实像；（3）将点燃的蜡烛移到光具座上35cm刻线处，2f＞u＞f，由凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像，应用与投影仪或幻灯机．故答案为：（1）10；（2）缩小；（3）投影仪．点评：解答此题的关键是注意“将蜡烛移至10cm刻度线处”和“将蜡烛移至35cm刻度线处”不是指的物距． 17．（8分）（2022•遵义）小明在做“用伏安法测电阻”的实验中，所用的器材有3V的电源，最大阻值为10Ω的滑动变阻器R，待测电阻Rx及如图甲所示的其它器材．（1）如图甲，实验电路还未连接完整，请用笔画线代替导线在答题卡相应图中将实验电路连接完整，要求滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大．（2）连接电路时，开关应处于 断开 状态．（3）调节滑动变阻器进行多次测量，其中一次当电压表的示数为2.5V时，电流表对应的示数如图乙所示，则本次测得的待测电阻Rx= 9.6 Ω．（保留两位有效数字）（4）做完以上实验后，小明还用该实验装置来探究电流与电压的关系，计划测量当Rx两端电压分别为1V、2V、3V时对应的电流，但发现无论调节滑动变阻器都不能使Rx两端电压达到1V，原因可能是 滑动变阻器R的阻值太小 ．考点：伏安法测电阻的探究实验．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）掌握滑动变阻器的接法，滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大，则滑动变阻器的阻值需减小；（2）为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；（3）确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R=计算出电阻值；（4）根据串分压的知识进行分析．解答：解：（1）滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大，所以滑动变阻器应接下面右边的接线柱，如图所示：15\n；（2）连接电路时，开关应处于断开状态；（3）由图知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，则R==≈9.6Ω；（4）电源电压为3V，电阻与滑动变阻器串联，根据串分压的知识，当电阻电压为1V时，滑动变阻器两端的电压应为2V，则滑动变阻器的阻值为待测电阻的2倍，所以电阻两端电压达不到1V，是因为滑动变阻器R的阻值太小．故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）9.6；（4）滑动变阻器R的阻值太小．点评：此题是“用伏安法测电阻”的实验，考查了滑动变阻器的连接，电流表的读数及电阻的计算，同时涉及到了串分压的知识． 八、计算题（本大题包括3个小题，36题7分，37题7分，38题8分，共22分．请将解题过程填写到答题卡相应题号的空格内．）18．（7分）（2022•遵义）小明用如图所示滑轮组将一个放在水平地面上的物体匀速拉动，物体移动了3m，物体重为2000N，与地面的接触面积为0.5m2，运动过程中物体受到的摩擦力为450N，绳子自由端受到的拉力F为200N，求：（1）物体对地面的压强；（2）拉力F做的功；（3）该装置的机械效率．考点：压强的大小及其计算；功的计算；滑轮（组）的机械效率．专题：计算题；压强、液体的压强；功、功率、机械效率．分析：（1）物体对地面的压力和自身的重力相等，再根据压强公式求出物体对地面的压强；（2）由图可知绳子的有效股数为3，根据s=ns′求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的功；（3）根据η=×100%=×100%=×100%=×100%求出该装置的机械效率．解答：解：（1）物体对地面的压力：F=G=2000N，物体对地面的压强：p===4000Pa；15\n（2）由图可知：n=3，绳子自由端移动的距离：s=ns′=3×3m=9m，拉力F做的功：WF=F拉s=200N×9m=1800J；（3）该装置的机械效率：η=×100%=×100%=×100%=×100%=×100%=75%．答：（1）物体对地面的压强为4000Pa；（2）拉力F做的功为1800J；（3）该装置的机械效率为75%．点评：本题综合考查了功的计算、功率的计算、机械效率的计算，本题关键：知道克服摩擦力做的功为有用功． 19．（7分）（2022•遵义）遵义市余庆县境内的构皮滩电站是乌江干流上最大的水电站，电站大坝高为232.5m，坝内水深最大可达150m，装机容量达300万千瓦，多年年平均发电量为96.67亿千瓦时（9.667×109kW•h），修建水电站，用水力发电代替火力发电，可以节约大量的煤炭资源．（1）该水电站坝内水产生的压强为多少？（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（2）该水电站在丰水期可实现满装机容量连接发电，若丰水期为一个月（按30天计），则丰水期可发电多少kW•h？（3）若火力发电站的发电效率为36%（发电能量与所消耗燃料完全燃烧放出的热量之比），煤炭的热值取3.3×107J/kg，以构皮滩电站的多年年均发电量计，若改用火力发电，每年需消耗多少煤炭？（结果保留两位有效数字，1kW•h=3.6×106J）考点：液体的压强的计算；燃料的热值；电功的计算．专题：压轴题；比热容、热机、热值；电能和电功率；压强、液体的压强．分析：（1）已知水深，由液体压强公式可以求出水所产生的压强．（2）已知发电机发电功率与发电时间，由W=Pt可以求出发电量．（3）求出煤所释放的全部热量，然后由Q=mq的变形公式求出煤的质量．解答：解：（1）水产生的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15﹣m=1.5×106Pa；（2）丰水期的发电量W=Pt=3×106kW•h×24h×30=2.16×109kW•h；（3）煤完全燃烧释放的热量Q===9.667×1016J，∵Q=mq，∴煤的质量m===2.9×109kg=2.9×106t；答：（1）该水电站坝内水产生的压强为1.5×106Pa．（2）丰水期可发电2.16×109kW•h．（3）若用火力发电，每年需消耗2.9×106t煤炭．点评：应用压强公式、功率变形公式、燃烧值公式的变形公式即可正确解题． 15\n20．（8分）（2022•遵义）如图所示，电路中电源电压和灯L的电阻保持不变，定值电阻R=20Ω，灯L标有“8V6.4W”字样，电流表用0～0.6A量程，电压表用0～15V量程．（1）灯泡L的电阻为多少？（2）开关S1闭合，S2、S3断开时，电压表的示数为6V，电源电压为多少？（3）将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，电流表的示数为0.6A，滑动变阻器的最大电阻为多少？（4）当开关S2闭合，S1、S3断开，在确保电路安全的情况下，当电路消耗的功率最大时，滑动变阻器消耗的功率是多少？考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；电路的动态分析；电功率的计算．专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出额定电流，根据欧姆定律求出电阻；（2）开关S1闭合，S2、S3断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；（3）将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，R与滑动变阻器的最大值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，再根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（4）当开关S2闭合，S1、S3断开，滑动变阻器与灯泡串联，根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时电路消耗的功率最大，根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用P=UI求出滑动变阻器消耗的功率．解答：解：（1）根据P=UI可得，灯泡的额定电流：IL额===0.8A，根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：RL===10Ω；（2）开关S1闭合，S2、S3断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，∵串联电路中各处的电流相等，∴电路中的电流：I===0.3A，此时灯泡两端的电压：15\nUL=IRL=0.3A×10Ω=3V，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴电源的电压：U=UR+UL=6V+3V=9V；（3）将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，R与滑动变阻器的最大值并联，电流表测干路电流，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴通过R的电流：IR===0.45A，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴通过滑动变阻器的电流：Iab=I﹣IR=0.6A﹣0.45A=0.15A，滑动变阻器的最大阻值：Rab===60Ω；（4）当开关S2闭合，S1、S3断开，滑动变阻器与灯泡串联，∵灯泡的额定电流为0.8A，电流表的量程为0～0.6A，∴为确保电路安全，电路中的最大电流为0.6A，此时灯泡两端的电压：UL′=ImaxRL=0.6A×10Ω=6V，滑动变阻器两端的电压：U滑=U﹣UL′=9V﹣6V=3V，滑动变阻器消耗的功率：P滑=U滑Imax=3V×0.6A=1.8W．答：（1）灯泡L的电阻为10Ω；（2）电源电压为9V；（3）滑动变阻器的最大电阻为60Ω；（4）当开关S2闭合，S1、S3断开，在确保电路安全的情况下，当电路消耗的功率最大时，滑动变阻器消耗的功率是1.8W．点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别，要注意在确保电路安全的情况下电路最大电流的确定． 15
