辽宁省营口市2022年中考物理试卷一、填空题（本大题包括8小题，没空1分，共24分）1．（3分）（2022•营口）我省在科学规划城市建设时，将森林搬进城市并且修建了多处人工湖，这是利用水 比热容大 的特性，且水在蒸发时 吸热 （选填“吸热”或“放热”）的特点调节气温，营造“宜居辽宁”的舒适环境．以 船上的乘客 为参照物，湖中划动的游船是静止的．考点：水的比热容的特点及应用；参照物及其选择．专题：比热容、热机、热值；长度、时间、速度．分析：（1）水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量；蒸发是汽化的一种，汽化吸热，所以蒸发也吸热；（2）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的．解答：解：（1）修建多处人工湖，大量增加水面面积，因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收相同的热量，在降低相同的温度时可以放出更多的热量，可以减小城市的温差；并且水在蒸发时吸收热量，也能有效调节周围环境的气温．（2）游船在湖中行驶，乘客相对与迎面驶来的船、湖岸上的树、湖水来说，位置都发生了改变，因此以它们为参照物，游船是运动的；但是对船上的乘客来说，游船的位置没有发生变化，因此是静止的．故答案为：比热容；汽化；船上的乘客．点评：（1）靠水而居可以“冬暖夏凉”，这是人们都知道的常识，其基本原理就是利用了水的比热容较大的特性；（2）同一个物体，如果选择不同的物体为参照物，运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性． 2．（3分）（2022•营口）2022年6月11日我国“神十”载人飞船发射成功．升空过程中，飞船的机械能 增大 （选填“增大”或“减小”）；在穿越大气层时，“神十”飞船克服摩擦，将部分机械能转化为 内能 ；地面指挥中心的指令是通过 电磁波 传递给飞船的．考点：动能和势能的大小变化；电磁波的传播；做功改变物体内能．专题：分子热运动、内能；信息的传递；机械能及其转化．分析：（1）机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大．（2）由于飞船与空气摩擦，需克服摩擦做功，使物体的内能增加、温度升高．（3）电磁波能够传递信息，并能在真空中传播．解答：解：“神十”载人飞船升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大．因为机械能=动能+势能，所以机械能增大．飞船在穿越大气层时，需要克服与空气间的摩擦做功，机械能转化为内能，使内能增加、温度升高．电磁波可以在真空中传播，所以地面指挥中心的指令是通过电磁波传播的．22\n故答案为：增大；内能；电磁波（或无线电波）．点评：本题考查了电磁波的传播、做功与物体内能改变、影响机械能大小的因素，要求能够从不同事例中分析机械能的变化，属于对基础知识的考查． 3．（2分）（2022•营口）寒冷的冬天，小明在晨练时看到一些与物态变化相关的现象，请你将物态变化的名称填在横线上：跑步时嘴里呼出的“白气”是 液化 现象，路边树上的雾凇是 凝华 现象．考点：液化及液化现象；生活中的凝华现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：物质由气态变成液态的现象叫做液化，由气态直接变成固态的现象叫做凝华．解答：解：（1）跑步时嘴里呼出的“白气”，口中呼出的温度较高的水蒸气遇到周围温度较低的空气凝结成小水滴，形成“白气”，属于液化现象；（2）路边树上的雾凇，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象．故答案为：液化；凝华．点评：本题考查了学生对生活中物态变化的判断，属于基础知识的考查，抓住物质的状态变化是解决此题的关键． 4．（4分）（2022•营口）使用天平和量筒测量金属块的密度时，将天平放在水平桌面上，发现指针指在分度标盘中央刻度线的左侧，此时应将天平的平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节．用调好的天平测金属块的质量时，砝码及游码的位置如图甲所示，则金属块的质量是 32.4 g；放入金属块前量筒内水的体积为10ml，放入金属块后量筒内水面位置如图乙所示，则金属块的密度为 1.62×103 kg/m3．若金属块有磨损后，它的密度 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．考点：固体密度的测量．专题：测量型实验综合题．分析：（1）使用天平测量质量之前要调平，调平的原则是相对指针，平衡螺母“左偏右调，右偏左调”．（2）被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和．读取游码所对刻度时，以左侧为准．（3）用量筒测量液体体积时，先要明确量筒的分度值，读数时视线与最凹处相平．已知金属块的质量和体积，用公式计算其密度．（4）密度是物质的固有属性，与物体的质量、体积没有关系．解答：解：（1）已知指针偏向分度盘左侧，应向右移动平衡螺母使天平平衡．（2）金属块的质量为m=20g+10g+2.4g=32.4g．22\n（3）由图知，放入金属块后体总积为30cm3，金属块的体积为V=30cm3﹣10cm3=20cm3金属块的密度为ρ===1.62/cm3=1.62×103kg/m3；（4）金属块有磨损，金属块质量变小，体积变小，它的密度不变；故答案为：右；32.4；1.62×103；不变．点评：本题考查天平的使用，量筒的读数，密度的计算，属于基础题．但学生容易出错． 5．（3分）（2022•营口）常见的光学仪器在我们的生活、学习中应用广泛．照相时，被拍摄者应站在距镜头 2倍焦距以外（或大于2倍焦距） 处；投影仪能使投影片在屏幕上成倒立、 放大 实像；借助放大镜看地图时，为使看到的像更大，应适当 增大 放大镜与地图间的距离．考点：凸透镜成像的应用．专题：透镜及其应用．分析：（1）掌握凸透镜成像的三种情况和应用：u＞2f，成倒立、缩小的实像，物像的凸透镜的异侧，应用于照相机和摄像机．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，物像的凸透镜的异侧，应用于幻灯机和投影仪．u＜f，成正立、放大的虚像，物像的凸透镜的同侧，应用于放大镜和老花镜．（2）放大镜的成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的像，且当物体离焦点近时，成的像较大．解答：解：根据凸透镜成像规律：物距大于二倍焦距成倒立、缩小实像，可知，照相时，被拍摄者应站在距镜头2倍焦距以外（或大于2倍焦距）处；物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大实像，像距大于二倍焦距，应用是幻灯机、投影仪．根据凸透镜的成像特点知，成正立放大的虚像时，离焦点越近时，像越大，为使看到的像更大，应适当增大放大镜与地图间的距离．故答案为：2倍焦距以外（或大于2倍焦距）；放大；增大．点评：此题考查了凸透镜的特点和成像原理及应用，要结合物理知识进行分析解答． 6．（4分）（2022•营口）我国核动力潜艇“长城号”利用 核裂变 （选填“核裂变”或“核聚变”）反应提供动力，核能属于 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；若海水密度不变，该潜艇在海面下不断下潜时，受到海水的压强 变大 ，受到的浮力 不变 （以上两空选填“变大”、“变小”或“不变”）．考点：核能；液体的压强的特点；阿基米德原理．专题：压强、液体的压强；浮力；能源的利用与发展．分析：（1）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，对于核聚变过程不可控；（2）像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；（3）由公式p=ρgh可知：若海水密度不变，潜艇在海面下不断下潜时，受到海水的压强的变化；22\n（4）由阿基米德原理可知，浸在液体中的物体受到的浮力与排开的液体体积和液体密度有关．解答：解：（1）核裂变是可控的，故核动力潜艇“长城号”利用核裂变反应提供动力的；（2）核能短期内不能从自然界得到补充，它属于不可再生能源；（3）海水密度不变，潜艇在海面下不断下潜时，随深度的增加受到海水的压强变大；（4）潜水舱在海面下匀速下潜过程中排开海水的体积不变，海水密度不变，所以受到的海水浮力就不变；故答案为：核裂变；不可再生；变大；不变．点评：此题是一道综合性题目，涉及到核能、能源的分类、浮力、液体压强等多个知识点，应当重点掌握． 7．（2分）（2022•营口）看电视时，人们可以通过遥控器发出的 红外线 （选填“红外线”或“紫外线”）来调控电视机．小明家其它用电器关闭，只有电视机工作2min时，他家标有3000r/（kW•h）的电能表铝制圆盘转了20r，则电视机实际功率是 200 W．考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．专题：计算题；应用题；压轴题；电能和电功率．分析：（1）红外线是众多太阳光线中不可见的一种，其特点是：热作用强、穿透云雾的能力强，电视机的遥控器工作时通过红外线来传递的；（2）3000r/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转20r电路中消耗的电能，然后求出电视机的实际功率．解答：解：（1）人们可以通过遥控器发出的红外线来调控电视机；（2）电能表转盘转动20r，电路消耗的电能为：W=20×kW•h=kW•h，电视机单独工作时间：t=2min=h，电视机的实际功率：P===0.2kW=200W．故答案为：红外线；200．点评：本题考查了红外线的应用、电能表的参数的理解和电功率的计算，理解“3000r/kW•h”的含义是本题的关键． 8．（3分）（2022•营口）小清同学利用电磁继电器设计了一个自动恒温加热鱼缸，如图所示，A为一段软导线，左侧的温度计是电接点水银温度计，B为一个小型电热器，其铭牌如表所示．该装置能使鱼缸中的水温大致保持在 26 ℃，用水银温度计是因为水银是 导体 ，装置某次连续正常工作2min，电热器可放出 1.32×104 J的热量．22\n考点：电磁继电器的组成、原理和特点；焦耳定律的计算公式及其应用．专题：电与热、生活用电；磁现象、电生磁．分析：（1）掌握电磁继电器的工作原理分析温度变化时控制电路的开合：当温度升高时，导线接触水银面，此时控制电流接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，电路断开，电阻丝不发热；当温度降低时，导线离开水银面，此时控制电流断开，电磁铁无磁性，衔铁被弹簧拉起，电路接通，电阻丝发热；（2）首先根据图象中给出的信息，确定加热器的功率，根据Q=W=Pt计算放出的热量．解答：解：温度计的分度值为1℃，导线的末端在26℃处，由于水银是导体，当温度升高到26℃时，控制电流接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，电路断开，电阻丝不发热；当温度下降低于26℃时，控制电流断开，电磁铁无磁性，衔铁被弹簧拉起，电路接通，电阻丝发热；所以该装置能使鱼缸中的水温大致保持在26℃；由图象知，电热器的功率为110W，则Q=W=Pt=110W×2×60s=1.32×104J．故答案为：26；导体；1.32×104．点评：此题考查了对电磁继电器的工作原理的分析，同时考查了有关电能的计算，应属基础性题目． 二、选择题（本题包括9个小题，共21分．其中9～14小题为单选题，每小题2分；15～17小题为多选题，每小题2分．对于多选题，漏选得2分，错选、多选得0分．请将正确选项前的字母填在下面的表格中）9．（2分）（2022•营口）关于一些物理量的估计，下列数据最接近实际的是（ ） A．课桌高度约为80mm B．正常状态下，人两次心跳的时间间隔大约1s C．一个鸡蛋的质量约200g D．人体正常温度为40℃考点：长度的估测；温度；质量的估测；时间的估测．专题：估算综合应用题．分析：22\n不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．解答：解：A、中学生的身高在1.65m左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在0.8m=800mm左右．此选项不符合实际；B、正常情况下，人的心脏1min大约跳动75次，所以两次心跳的时间间隔大约1s．此选项符合实际；C、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右．此选项不符合实际；D、正常情况下人体体温在37℃左右，变化幅度很小．此选项不符合实际．故选B．点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义． 10．（2分）（2022•营口）2022年4月20日，四川雅安地区发生7.0级地震．医护人员在灾后救援时采取的措施和用到的器材中，包含着许多物理知识．下列说法中正确的是（ ） A．用听诊器听伤员的心跳声和呼吸声，能起到改变这些声音音色的作用 B．用B超诊断伤员内脏是否受到损伤，利用了次声波传播时能量损失小的特点 C．救护站的红十字标志之所以是红色，因为红十字标志只反射红光 D．用针筒抽取药液时，药液因受到针筒的吸引力作用而进入了针筒考点：响度；大气压强的存在；超声波与次声波；物体的颜色．专题：其他综合题．分析：（1）音调是指声音的高低，响度是指人耳感觉到的声音的大小，音色是指声音的品质和特色．（2）超声波能传递信息和能量．（3）不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的．（4）针筒吸药液这一现象中，药液不是吸上去的，而是被大气压压上去的．解答：解：A、听诊器可以增大伤员的心跳声和呼吸声的响度，不能改变音色，该选项说法不正确；B、用B超诊断伤员内脏是否受到损伤，利用了超声波传播时能量损失小的特点，该选项说法不正确；C、救护站的红十字标志之所以是红色，因为红十字标志只反射红光，该选项说法正确；D、将注射器的活塞推下时，将针筒内的空气排出，再向上提起活塞时，针筒内的体积增大，压强减小，药液在外界大气压的作用下被压入针筒内，该选项说法不正确．故选C．点评：本题考查了地震救灾过程中蕴含的物理知识，注重了物理联系实际的考查，体现了生活之中处处有物理． 22\n11．（2分）（2022•营口）下列说法中正确的是（ ） A．猴子“捞月亮”时，水中的“月亮”到水面的距离等于水的深度 B．近视眼镜、放大镜和照相机镜头用的都是凸透镜 C．夏天，浓密的树荫下的圆形光斑是光的反射产生的现象 D．光发生漫反射时，反射角等于入射角考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；光在均匀介质中直线传播；光的反射定律；凸透镜成像的应用．专题：光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用．分析：A、根据平面镜成像的特点，平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等．B、近视眼镜的镜片是凹透镜，放大镜和照相机都是凸透镜成像原理．C、光在同种均匀介质中沿直线传播．D、镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律．解答：解：A、根据平面镜成像的特点，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等．所以水中“月亮”到水面的距离等于月亮到水面的距离，故A错误；B、近视眼镜的镜片是凹透镜，放大镜和照相机镜头用的都是凸透镜，故B错误；C、夏天，浓密的树荫下的圆形光斑是光在同种均匀介质中沿直线传播现象，故C错误；D、镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律，所以光发生漫反射时，反射角等于入射角．故D正确．故选D．点评：此题涉及到了光在同种均匀介质中沿直线传播，根据平面镜成像的特，凸透镜成像的应用等知识点，是一道综合性较强的题目． 12．（2分）（2022•营口）妈妈做饭时，小军在旁边仔细观察．联想到许多物理知识，其中正确的是（ ） A．有风吹过时厨房的窗帘被“吸”向窗外，是因为空气流速大的地方压强大 B．鸡蛋向碗沿一撞，鸡蛋破了碗没破，因为碗给鸡蛋的力大于鸡蛋给碗的力 C．饺子上捏出了漂亮的花边，是力改变了物体的形状 D．划燃火柴，是利用热传递的方式使火柴的温度升高的考点：流体压强与流速的关系；力的作用效果；力作用的相互性；做功改变物体内能．专题：分子热运动、内能；运动和力；气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：分析四个选择项中提到的物理情景所涉及的物理知识，然后用相关的知识进行分析并验证其说法的对与错．22\n解答：解：A、有风吹过时厨房的窗帘被“吸”向窗外，是因为空气流速大的地方压强小的缘故，故A选项错误；B、把鸡蛋向碗边用力撞，力的作用是相互的，碗也会给鸡蛋一个同样大小的作用力，所以鸡蛋破了，故B选项的说法错误；C、力的作用效果包括，力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态，饺子上的花边是由于力改变物体的形状形成的，故C选项正确；D、划燃火柴，是摩擦生热，是利用做功的方式使火柴的温度升高的，故D选项错误．故选C．点评：牢记和掌握各知识点是正确解答的关键所在． 13．（2分）（2022•营口）关于材料与技术的应用，下列说法中正确的是（ ） A．纳米材料制成的奶瓶具有抑制细菌生长的功能 B．我们日常生活中使用的二极管是由导体制成的 C．超导材料电阻为零，所以不适合做输电线 D．电磁波的波速一定时，频率越高波长越长考点：纳米材料的应用和发展前景；超导体的作用；波速、波长和频率的关系．专题：信息的传递；粒子与宇宙、材料世界．分析：（1）纳米技术在工业、农业、能源、环保、医疗、国家安全等各个方面都有广泛的应用，奶瓶在生产过程中特别添加纳米银抗菌剂，能有效抑制细菌滋生繁殖．（2）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性．（3）超导体的电阻为零，电流通过不会放热，所以电能无法转化为内能，也就避免了内能的损耗，适合做输电线路．（4）电磁波速是一定的，是3×108m/s，波长、频率、波速的关系是：波速=波长×频率．解答：解：A、纳米材料制成的奶瓶具有抑制细菌生长的功能，该选项说法正确；B、人们日常生活中使用的二极管是由半导体制成的，该选项说法不正确；C、由于超导体的电阻为零，所以在用超导体进行远距离输电时不会消耗电能产生热量，减少了在输电过程中的能量损耗，大大节约了能源，该选项说法不正确；D、电磁波的波速一定时，频率越高波长越短，该选项说法不正确．故选A．点评：本题考查了纳米材料、半导体、超导体和电磁波的知识，综合性较强，属于基础知识的考查． 14．（2分）（2022•营口）小明同学在利用如图所示电路进行电学实验时，闭合开关，发现灯L1亮、灯L2不亮，电流表和电压表均有示数．则故障原因是（ ）22\n A．灯L1断路B．灯L1短路C．灯L2断路D．灯L2短路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：欧姆定律．分析：电路故障包括短路和断路，断路时用电器不能工作，电流表示数为零；短路时，被短路的用电器不工作，电路中有电流．根据电流表、电压表的示数和灯泡的工作情况判断故障所在．解答：解：闭合开关，发现灯L1亮、灯L2不亮，电流表有示数，说明电路为通路，因此电路故障为短路，灯L2不亮，并且电压表有示数，说明灯L2短路．故选D．点评：串联电路的特点是：各用电器工作状态互相影响，一个用电器断路，其它用电器都不能工作；一个用电器不工作，其它用电器能工作，故障只能是此用电器短路． 15．（3分）（2022•营口）如图所示的滑轮组，每个滑轮重50N，用这个滑轮组把质量为45kg的重物在2s内匀速提升2m，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是：（g=10N/kg）（ ） A．作用在绳自由端的拉力F为125N B．在2s内做的有用功为900J C．该套装置的机械效率为90% D．若所挂物体越重，该滑轮组机械效率越小考点：滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率．专题：计算题；简单机械；功、功率、机械效率．分析：①已知物体质量，可以得到重力；不计绳重和摩擦，作用在绳子自由端的拉力是物重和动滑轮重的n分之一；②已知物重和上升高度，利用W有用=Gh得到有用功；③已知物体上升的高度，可以得到绳子拉下的长度；已知拉力和绳子自由端移动的距离，可以得到总功；已知有用功和总功，可以得到滑轮组的机械效率；22\n④在动滑轮重一定时，物重越大，滑轮组的机械效率越高．解答：解：A、物体受到的重力为G=mg=45kg×10N/kg=450N；由图知：承担物重的绳子有3段，作用在绳子自由端的拉力为F=（G+G动）=×（450N+50N）≈167N．此选项错误；B、拉力做的有用功为W有用=Gh=450N×2M=900J．此选项正确；C、拉力做的总功为W总=Fs=Fnh=×3×2m=1000J，滑轮组的机械效率为η=×100%=×100%=90%．此选项正确；D、不计绳重和摩擦，动滑轮重力一定，滑轮组提起的物重越大，有用功越多，但额外功不变，所以机械效率越高．此选项错误．故选B、C．点评：此题考查了滑轮组的特点、机械效率的计算及影响因素和功率的计算，属于力学综合题，包含了力学主要的公式或规律，正确判断承担物重的绳子段数，是解决滑轮组问题的第一步． 16．（3分）（2022•营口）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移，下列说法中正确的是（ ） A．电流表A的示数变小 B．电压表Vl的示数不变 C．电压表V2的示数变大 D．电压表Vl与电压表V2的示数之和保持不变考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．分析：闭合开关S后，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器R2两端的电压变化以及电压表Vl与电压表V2的示数之和的变化．解答：解：闭合开关S后，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压；将滑动变阻器的滑片P向右移时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，22\n∵I=，∴电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A正确；定值电阻R1两端的电压变小，即电压表Vl的示数变小，故B不正确；∵串联电路中的总电压等于各分电压之和，∴滑动变阻器R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，故C正确；∵电压表Vl与电压表V2的示数之和等于电源的电压，且电源的电压不变，∴电压表Vl与电压表V2的示数之和保持不变，故D正确．故选ACD．点评：本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表所测电路元件是本题关键． 17．（3分）（2022•营口）下列说法中正确的是（ ） A．电动机是利用电磁感应现象制成的 B．发电机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的 C．动圈式话筒是利用电磁感应现象制成的 D．汽油机的做功冲程是将内能转化成机械能考点：发电机的构造和原理；直流电动机的原理；动圈式话筒的构造和原理；内燃机的四个冲程．专题：压轴题；比热容、热机、热值；磁现象、电生磁；电动机、磁生电．分析：（1）发电机和动圈式话筒都是利用电磁感应原理制成的；（2）电动机是利用通电导体在磁场中受力转动的原理制成的；（3）做功冲程是将内能转化为机械能．解答：解：A、发电机是利用电磁感应现象制成的，故A错误；B、电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故B错误；C、动圈式话筒是利用电磁感应现象制成的，故C正确；D、汽油机的做功冲程是将内能转化成机械能，故D正确．故选CD．点评：本题考查发电机、电动机、话筒的原理以及做功冲程能量的转化，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力． 三、作图题（本题包括3个小题，每小题3分，共9分）18．（3分）（2022•营口）完成图中的光路图．考点：透镜的光路图．专题：作图题．22\n分析：根据入射光线的特点，利用凹透镜的三条特殊光线作图．解答：解：（1）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后变得发散，其折射光线的反向延长线过焦点；（2）过光心的入射光线，经过凹透镜折射后，其传播方向不变，由此可以画出其折射光线如下图所示：点评：凹透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴． 19．（3分）（2022•营口）轻质杆OA的A端挂一重物，在绳子拉力作用下保持静止，请画出图中绳对A点的拉力F1及对应的力臂L1．考点：力臂的画法．专题：应用题；作图题；压轴题；简单机械．分析：先画出A点所受的拉力F1，然后根据力臂的画法（找出支点，过支点做这个力作用线的垂线，画出垂足，标上双箭头表示这段距离）做出F1的力臂L1．解答：解：先画出绳子对A点的拉力F1，方向是沿绳子方向斜向上的，作用点在A点．然后过支点做力F1作用线的垂线，标上垂足，用双箭头表示出这段距离，记为L1．故答图如下：点评：此题考查了力和力臂画法，是一道力学的基础题． 20．（3分）（2022•营口）请将图中的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在光线很暗且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座．22\n考点：串、并联电路的设计；家庭电路的连接．专题：作图题；压轴题；电流和电路．分析：（1）只有在光线很暗且有声音时灯才亮说明两开关不能独立工作、相互影响即为串联；连接电路时应注意开关控制火线，且火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套；（2）三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”．解答：解：（1）灯泡与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套；（2）三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，作图如下：点评：本题考查了声、光控灯和三孔插座的接线方法，关键是根据题意得出两开关的连接方式和注意安全用电的原则． 四、简答题（本题包括2个小题，每小题4分，共8分）21．（4分）（2022•营口）2022年《新交法》规定坐在副驾驶座位上的乘客在车行驶的过程中也必须系安全带，小明及家人在出游乘车时也遵守了这一规定，小明同时还发现安全带做得很宽，请解释为什么要系安全带及安全带做得宽的原因．考点：惯性；减小压强的方法及其应用．专题：压轴题；运动和力；压强、液体的压强．分析：惯性是指物体具有的能保证原来匀速直线运动或静止状态的性质，在解题时可以通过分析物体的原来状态从而确定安全带的作用．减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．解答：答：汽车行驶的速度很大，一旦急刹车，车身停止运动，而前排乘客身体由于惯性会继续向前运动，容易给驾驶员和乘客造成伤害，所以公安部门要求坐在副驾驶座位上的乘客也必须使用安全带．根据P=可知，增大受力面积，在压力相同时，减小压强，安全带做得较宽，人感到舒服．点评：本题考查学生应用物理规律解释物理现象的能力，应注意对惯性定律和减小压强的方法的理解及灵活应用． 22．（4分）（2022•营口）小明家楼下就是夜市，一到晚上车水马龙，人声鼎沸，时而还会传来阵阵烤肉的香味，影响了小明的中考复习．请解释小明闻到香味的原因，再帮助小明找出一种减弱噪声的具体方法并说出其对应的途径．考点：扩散现象；防治噪声的途径．专题：压轴题；声现象；分子热运动、内能．分析：（1）分子永不停息的做无规则运动；（2）减弱噪声的办法有三种：①在声源处减弱噪声；②在传过程中减播弱噪声；③在人耳处减弱噪声．将这三种方法与现实情况结合起来即可得到答案．22\n解答：解：（1）因为分子不停地做无规则运动，发生了扩散现象；所以小明能闻到香味；（2）减弱噪声的方法和对应途径：向有关部门反应，要求取消夜市﹣﹣﹣﹣在声源处减弱噪声；关上门窗﹣﹣﹣﹣﹣在传播过程中减弱噪声；戴上耳罩﹣﹣﹣﹣﹣在人耳处减弱噪声．点评：本题考查分子的运动和减弱噪声的方法，相对比较简单，属于基础题． 五、计算题（本题包括3个小题，共22分．要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）23．（6分）（2022•营口）随着生活条件的改善，小明家住上了新楼房，新楼使用的是天然气．小明想：将一壶水烧开究竟需要多少天然气呢？他通过实践收集如下数据：水壶里放入2000cm3、20℃的水，大火加热直至沸腾．又在物理书中查到天然气热值为8×107J/m3．[气压为1标准大气压；c水=4.2×103J/（kg•℃）]（1）烧开这壶水，水需要吸收多少热量？（2）如果小明家天然气炉具的效率是40%，烧开这壶水，需要燃烧多少m3的天然气？考点：热平衡方程的应用．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）已知水的体积和密度，根据公式可求水的质量，还知水的初温你和末温，根据公式Q=cm△t可求水吸收的热量．（2）根据天然气炉具的效率是40%，利用Q=vq可求得需要燃烧多少m3的天然气．解答：解：（1）∵ρ=∴m=ρV=1.0g/cm3×2000cm3=2000g=2kg水吸收的热量：Q吸=c水m水（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105JQ放===1.68×106J∵Q放=Vq，∴V===2.1×10﹣2m3答：（1）水需要吸收热量6.72×105J；（2）烧开这壶水，需要燃烧2.1×10﹣2m3的天然气．点评：本题考查热量的计算和能量的利用效率，关键是公式及其变形的灵活应用． 24．（8分）（2022•营口）灯L标有“6V3W”字样，滑动变阻器R2的最大电阻为12Ω，R1=12Ω，当开关S1闭合，S2、S3断开，滑片P滑至滑动变阻器a端时，灯L恰好正常发光．试求：（1）电源电压是多少？（2）灯L正常发光时的电流和电阻各是多少？（3）当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时，电流表的示数和此时电路消耗的总功率各是多少？22\n考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算．专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）当开关S1闭合，S2、S3断开，滑片P滑至滑动变阻器a端时，电路为灯泡L的简单电路，根据灯泡正常发光时的电压和额定电压相等得出电源的电压；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出电流，利用欧姆定律求出电阻；（3）当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律分别求出各支路的电流，利用并联电路的电流求出干路电流，利用P=UI求出电路消耗的总功率．解答：解：（1）当开关S1闭合，S2、S3断开，滑片P滑至滑动变阻器a端时，电路为灯泡L的简单电路，∵L正常发光，∴电源的电压：U=U额=6V；===（2）L正常发光时，两端的电压UL=6V，功率为3W，∵P=UI，∴通过的电流I实=I额===0.5A，∵I=，∴灯泡的电阻RL===12Ω；（3）当开关S1、S2、S3都闭合且滑片滑到中点时，电阻R1、R2并联，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴两支路的电流分别为：I1===0.5A，I2===1A，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴电流表的示数：I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A，此时电路消耗的总功率：P总=UI=6V×1.5A=9W．答：（1）电源电压是6V；（2）灯L正常发光时的电流为0.5A，电阻为12Ω；22\n（3）当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时，电流表的示数俄日1.5A，此时电路消耗的总功率为9W．点评：本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭和、断开时电路连接方式的判断和知道实际电流与额定电流相等时灯泡正常发光． 25．（8分）（2022•营口）公交公司最近更换了一批新型混合动力公交车，在进行新车测试时获得一些数据：新型公交车总质量为4×103kg，轮胎与地面总接触面积为0.4m2，车匀速行驶时所受阻力是车总重的0.5倍，公交车在牵引力作用下在平直公路上匀速行驶，2min内行驶了1200m（取g=10N/kg，忽略司机的质量）．求：（1）新型公交车静止时对水平地面的压强是多少？（2）2min内牵引力所做功及功率各是多少？考点：压强的大小及其计算；功的计算；功率的计算．专题：压强、液体的压强；功、功率、机械效率．分析：（1）新型公交车对地面的压力等于新型公交车的总重力；受力面积是四个车轮与地面接触面积；根据压强公式p=可求出新型公交车对地面的压强；（2）因为新型公交车沿平直公路匀速行驶，所以新型公交车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，根据二力平衡的特点可知阻力的大小．根据功的定义可知：牵引力做的功就等于牵引力与车在牵引力作用下通过的距离的乘积；功率就是在所用的单位时间内所完成的功．解答：解：（1）G=mg=4×103kg×10N/kg=4×104N车静止时对水平地面的压力F压=G=4×104N对水平地面的压强p===1000Pa；（2）F阻=0.5G=0.5×4×104N=2×104N车匀速行驶，牵引力F牵=F阻=2×104N牵引力做功：W=F牵s=2×104N×1200m=2.4×107Jt=2min=120s功率：P===2×105W．答：（1）新型公交车静止时对水平地面的压强是1000Pa；（2）2min内牵引力所做功为2.4×107J；功率是2×105W．点评：本题考查了压强、功、功率的计算，平衡力的应用；计算时一定注意格式、单位统一． 六、实验、探究题（本题包括6个小题，共36分）26．（5分）（2022•营口）小明利用如图所示的实验装置，进行“探究光的反射定律”的实验．22\n（1）让一细光束沿平面E射到镜面O点，在平面E上可看到入射光线AO，若将纸板F向前或向后折，在纸板F上不能看到反射光线，这说明反射光线与入射光线 在 同一平面内．（2）小明还想探究反射角和入射角的关系．具体做法是改变入射光线的方向，观察反射光线的方向是否改变，用量角器测量入射角和反射角，把测量结果记录在表格中，请你设计一个实验表格，要求做三次实验．（3）若将一束光贴着纸板F沿BO射到O点，光将沿图中的 OA 方向射出，因为在光的反射现象中光路是 可逆 的．考点：光的反射定律．专题：探究型实验综合题．分析：（1）当纸板EF在同一平面上时，能够在纸板F上观察到反射光线．当纸板EF不在同一平面上时，若不能观察到反射光线，则说明两者入射光线和入射光线在同一平面上；（2）根据测量量和实验次数设计表格即可；（3）让光线逆着BO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OA方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案．解答：解：（1）把纸板向前或向后转折，在纸板F上都不能看到反射光线，这说明反射光线与入射光线和法线在同一平面内；（2）表格内容包括入射角、反射角，以及实验次数；如下表实验次数入射角/°反射角/°123（3）当光逆着原来的反射光线入射时，反射光线也逆着原来的入射光线反射出去，即将一束光贴着纸板F沿BO射到O点，光将沿图中的OA方向射出，这说明在反射现象中光路是可逆的．故答案为：（1）在；（3）OA；可逆．点评：本题考查了研究光的反射定律的实验．本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角．以及光路具有可逆性． 27．（6分）（2022•营口）在探究“水的沸腾”实验中：（1）除了图中所示的器材，还需要一个重要的测量仪器是 停表（秒表或钟表） ．（2）若操作正确无误，根据乙可知此时烧杯中水的实际温度是 94 ℃．22\n（3）表是本实验过程中不同时刻的温度记录，小明由于粗心大意记错了一个实验数据，你认为错误的数据是 95 ℃，你这样判断的理论依据是 水在沸腾过程中，吸热，温度保持不变 ．时间/min…891011121314…温度/℃…96979898959898…改正数据后，小明根据实验数据判定该地水的沸点为 98 ℃，可能的原因是当地的大气压 小于 （选填“大于”、“等于”或“小于”）1标准大气压．考点：探究水的沸腾实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）探究水的沸腾需要探究水的温度随时间的变化，所以需要测量温度和时间的仪器；（2）在进行温度计的读数时，注意其分度值；（3）根据水沸腾过程中温度保持不变的特点分析出表格中错误的数据；根据沸点随气压的增大而升高的特点分析当地气压与标准气压的大小关系．解答：解：（1）在实验中，还需要用秒表记录时间，所以除了需要温度计外，还需秒表；（2）由图知，温度计的分度值为1℃，所以其示数为94℃；（3）水在沸腾过程中温度保持不变，由表格中数据知，水从第10min开始沸腾，沸腾过程中的温度是98℃，而第12分钟的温度为95℃，所以是此数据记录错误；此时水的沸点低于标准大气压下的沸点100℃，所以当地的大气压低于标准大气压．故答案为：（1）停表（秒表或钟表）；（2）94；（3）95；水在沸腾过程中，吸热，温度保持不变；98；小于．点评：此题是探究“水的沸腾”实验，考查了相关的测量仪器及对数据的分析，掌握水沸腾的特点是解决此题的关键，同时考查了沸点与气压的关系． 28．（3分）（2022•营口）小刚同学为了参加体育考试，想测试一下橡胶底和牛筋底的运动鞋哪双摩擦力更大．（1）如图甲所示，他首先用弹簧测力计水平拉动橡胶底运动鞋在水平桌面上匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数为 4 N．（2）小刚发现牛筋底的运动鞋较轻些，于是便向鞋中添加了适量的砝码，目的是 使两鞋对桌面的压力相等（增大压力，使两鞋对桌面的压力相等） ．22\n（3）在拉动过程中小刚发现，匀速直线拉动鞋实际很难控制，于是他将鞋放在水平方置的木板上，将弹簧测力计固定，改为拉动木板，如图乙所示，当他水平向左拉动木板时，鞋所受到的摩擦力的方向为 水平向左 ．考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）在进行测力计的读数时，注意其分度值；（2）要探究摩擦力与接触面粗糙程度的关系，需控制压力大小不变；（3）摩擦力方向与相对运动方向相反．解答：解：（1）由图甲知，测力计的分度值为0.2N，示数为4N；（2）想测试橡胶底和牛筋底的运动鞋哪双摩擦力更大，应保证两鞋对接触面的压力相等，所以向较轻的鞋中添加了适量的砝码；（3）将弹簧测力计固定，改为拉动木板，这样测力计的示数比较稳定，此时鞋相对于木板向右运动，所以其受到的摩擦力水平向左．故答案为：（1）4；（2）使两鞋对桌面的压力相等（增大压力，使两鞋对桌面的压力相等）；（3）水平向左．点评：此题是探究橡胶底和牛筋底的运动鞋哪双摩擦力更大，考查了学生对控制变量法的掌握及测力计的读数；（3）中是很好的测量摩擦力的方法，这样可很好的控制测力计的示数，便于读数，有关摩擦力的方向，应与物体相对运动的方向相反． 29．（6分）（2022•营口）在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路．（1）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数 增加 （填“增加”或“减少”），说明电流越 大 ，电磁铁磁性越强．（2）根据图示的情境可知， 甲 （填“甲”或“乙”）的磁性强，说明电流一定时， 线圈匝数越多 ，电磁铁磁性越强．（3）根据右手螺旋定则，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的 S 极．（4）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是 大头针被磁化，同名磁极相互排斥 ．考点：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．专题：探究型实验综合题．分析：掌握影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；（1）分析滑动变阻器滑片向左移动时，电流的变化，得出电磁铁磁性的变化及吸引大头针个数的多少；（2）根据电磁铁吸引大头针个数的多少判断电磁铁磁性的强弱并分析甲乙磁性不同的原因；（3）掌握右手螺旋定则的内容：四指绕向电流的方向，大拇指所指的方向即为螺线管的N极；22\n（4）利用磁化和磁极间的作用规律进行分析．解答：解：（1）当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值减小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，吸引大头针的个数增加；（2）由图知，甲吸引大头针的个数较多，说明甲的磁性较强，甲乙串联，电流相等，甲的线圈匝数大于乙的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；（3）根据右手螺旋定则，乙铁钉的上端是电磁铁的S极；（4）大头针被磁化，同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散．故答案为：（1）增加；大；（2）甲；线圈匝数越多；（3）S；（4）大头针被磁化，同名磁极相互排斥．点评：探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验，考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，考查了滑动变阻器对电路电流的影响，同时涉及到了右手螺旋定则及磁极间的相互作用规律的应用． 30．（7分）（2022•营口）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小丽同学设计了如图所示甲、乙、丙三次实验．让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止．（1）要探究动能大小与物体质量的关系应选用 甲、乙 两图；实验中应保证 铁球到达水平面时的初速度 相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是 让铁球从同一斜面的同一高度由静止开始运动 ．（2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是 量相同的物体，运动的速度越大，它具有的动能就越大 ．（3）该实验是通过观察 纸盒被撞击后移动的距离 来比较铁球动能的大小，从而得出结论的．下面的四个实例中也采用这种研究方法的是 C ．A．认识电压时，我们可以用水压来类比B．用磁感线来描述磁场C．探究电功大小与哪些因素有关，通过重物提升的高度来判断电流做功的多少D．保持电阻不变，改变电阻两端电压，探究电流与电压关系（4）若水平面绝对光滑，铁球将做 匀速直线 运动．考点：探究影响物体动能大小的因素．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：首先需掌握影响动能大小的因素：速度和质量；（1）要探究动能大小与物体质量的关系，需保持物体的速度相同；则需使小球从同一斜面的同一高度由静止开始运动；（2）分析甲、丙两次实验中的相同点和不同点，得出影响动能的因素；（3）掌握转换法在实验中的应用，通过对纸盒做功的多少，来体现小球动能的大小；（4）若运动的物体不受阻力，将永远运动下去．解答：解：（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保持小球的速度相同，质量不同，所以应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下，因此要选择甲、乙两图；22\n（2）甲、丙两次实验，球的质量相同，甲滚下的高度大于丙滚下的高度，甲将纸盒推动得更远，说明动能更大，可得质量相同的物体，运动速度越大，它具有的动能就越大；（3）该实验是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法；A、认识电压时，我们可以用水压来类比，这是类比的方法；B、用磁感线来描述磁场，属于建模法；C、探究电功大小与哪些因素有关，通过重物提升的高度来判断电流做功的多少，采用了转换法的思想；D、保持电阻不变，改变电阻两端电压，探究电流与电压关系，采用了控制变量法的思想，所以应选C；（4）若水平面绝对光滑，铁球将做匀速直线运动．故答案为：（1）甲、乙；铁球到达水平面时的初速度；让铁球从同一斜面的同一高度由静止开始运动；（2）质量相同的物体，运动的速度越大，它具有的动能就越大；（3）纸盒被撞击后移动的距离；C；（4）匀速直线．点评：此题是探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，考查了转换法和控制变量法在实验中的应用及控制速度的方法，同时考查了动能与物体速度的关系，在总结结论时注意控制的变量，也涉及到了物理中的其他研究方法，要注意理解和区别． 31．（9分）（2022•营口）小明用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡电阻，图乙是小明未完成连接的实验电路．（1）请你按照电路图，用笔画线代替导线，完成图乙中实验电路的连接．（2）小明将电路连接正确后，闭合开关，调节变阻器的滑片，使小灯泡刚好正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，电流表的读数是 0.12 A，小灯泡的阻值是 8.3 Ω（小数点后保留一位）；（3）当电压值改变的时候，小灯泡的阻值 变化 （选填“变化”或“不变”）；（4）小明又想测某未知电阻Rx的阻值，设计了如图所示电路（R0为已知阻值的定值电阻），并设计了如下实验步骤，请帮他把缺少的步骤补全，并写出Rx的表达式．实验步骤：A．按照设计的电路图连接电路B．断开S2、闭合S1记录电流表示数为I1C． 断开S1时，闭合S2，记录电流表的示数为I2 表达式：Rx= （用已知和测量的物理量的符号表示）22\n考点：伏安法测电阻的探究实验．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）按电路图连接电路时，注意电路的连接顺序及连接方式，电压表与电阻并联，滑动变阻器应接一上一下；（2）根据图确定电压表的量程和分度值，读出电流表的示数，根据公式R=计算出其电阻；（3）根据灯丝的电阻随温度的升高而增大来分析；（4）在没有电压表时，使定值电阻与待测电阻并联，根据电流表和定值电阻的示数计算出电压，然后根据公式R=计算出其电阻．解答：解：（1）电压表与灯泡并联，由于电源电压为3V，灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表可选择0～3V量程；由电路图中，滑动变阻器应再连接下面左边的接线柱，如图所示：（2）由图丙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；R==≈8.3Ω；（3）灯丝的电阻随温度的升高而增大，当电压值改变的时候，灯丝的温度变化，则小灯泡的阻值变化；（4）根据B可测出电源电压，U=I1R0，再测出待测电阻的电流便可求出其电阻的阻值，所以应断开S1时，闭合S2，记录电流表的示数为I2．则Rx==．故答案为：（1）见上图；（2）0.3；8.3；（3）变化；（4）断开S1时，闭合S2，记录电流表的示数为I2；．点评：此题是测量额定电压为2.5V的小灯泡电阻，考查实物电路的连接，同时考查了电压表的读数及灯丝电阻与温度的关系． 22
