2022届高三物理专题复习第七专题热学一、知识构造1、分子热运动能量守恒2、气体二、考纲要求1、分子热运动能量守恒17/17\n2、气体三、难点突破（一）、分子动理论1.物质是由大量分子组成。（1）分子体积很小，质量小。（2）油膜法测分子直径：（3）阿伏伽德罗常量：（4）微观物理量的估算问题：17/17\n2.分子永不停息做无规那么热运动：（1）实验依据：扩散现象、布朗运动。（2）布朗运动：是指悬浮在液体中微粒的无规那么运动。①布朗运动成因：液体分子无规那么运动，对固体小颗粒碰撞不平衡。②影响布朗运动剧烈程度因素：微粒小，温度高，布朗运动剧烈。3.分子间同时存在相互作用的引力和斥力。（1）分子力：分子间引力和斥力的合力，即表现出的分子力。（2）分子间作用力的变化：f引、f斥随r变化而反相变化，但斥力比引力变化更快。（二）、内能、热和功1.内能：物体内所有分子热运动的动能和相互作用势能的总和。（1）分子动能：分子热运动所具有的动能。（单个分子动能无意义，整体统计）分子平均动能：标志，温度T，温度越高，分子平均动能越大。17/17\n（2）分子势能：由分子间相互作用和分子间距离决定的能量。分子间距离变化时，分子势能变化。如说一下书上表述：通常情况下，r＝r0，当r变化时，分子势能增加。当r＝r0，分子势能最小。∴分子势能与宏观上物体体积有关。（3）物体内能：综合考虑：分子数N，温度T，体积V。物体温度相同，内能一定相同（×）理想气体内能：理想气体分子间无相互作用力，无分子势能，其内能仅是分子动能总和，与分子数N，温度T有关。对一定质量理想气体，内能仅由温度T决定。（4）内能与机械能的区别：①物体内能是物体内大量分子所具有动能和势能的总和，宏观上取决于分子数N，温度，体积。②物体机械能是物体整体运动具有动能和势能总和，取决于质量m，速度v，高度h，形变。2.改变内能的两种方法：做功和热传递结果等效，都能改变内能。（2）内能与热量区别：内能状态量，热量是过程量，只有发生热传递，内能发生变化时，才有吸收或放出热量。3.内能变化——热力学第一定律17/17\n状态变化过程通常是做功和热传递同时发生，系统内能的增加等于外界对系统做功与热传递系统从外界吸收热量的总和。4.能的转化和守恒定律：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，只能从一个物体转移到另一个物体（热传递），或从一种形式转化成另一种形式（做功）。即热力学第一定律。注：第一类永动机不可能制成。5.热力学第二定律：自然界进展的涉及热现象的过程都具有方向性，是不可逆的。热传递中，热量自发的从高温物体传向低温物体。功可以完全生热，即机械能可以完全转化为内能。不可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其它变化。（空调制冷，消耗电能做功）不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其它变化。（理想气体等温膨胀，体积变大）不存在热效率为100%的热机（热机的工作物质是汽油从高温热源获得热量，只能一局部用来做功，另一局部热量要排给大气，即热机肯定要排出热量。）6.第二类永动机（从单一热源不断吸收热量。使其完全转变成机械能的发动机）不可能制成，违背了热力学第二定律。7.热力学第三定律：绝对零度（0k）不可能到达。（三）、气体压强、体积、温度间的关系1.气体状态参量：（1）体积V（气体几何参量）一定质量气体所占据容器的容积。（并不是气体分子体积的总和）（2）温度T（t）（气体热学参量）17/17\n摄氏温标、热力学温标关系：T＝273＋t绝对零度不能实现（3）压强p（气体力学参量）气体分子频繁碰撞器壁，作用在器壁单位时间单位面积上的压力。①温度一定，气体体积小（分子数密度大，单位体积的分子数）碰撞分子数大，压强大。②体积一定，温度越高，分子碰撞力越大，压强大。2.气体、压强、温度的关系：（2）热力学第一定律应用：四、2022年高考题解析1、气体（09年全国卷Ⅰ）14.以下说法正确的选项是A.气体对器壁的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力B.气体对器壁的压强就是大量气体分子单位时间作用在器壁上的平均冲量C.气体分子热运动的平均动能减少，气体的压强一定减小D.单位面积的气体分子数增加，气体的压强一定增大答案：A17/17\n解析：此题考察气体局部的知识.根据压强的定义A正确,B错.气体分子热运动的平均动能减小,说明温度降低,但不能说明压强也一定减小,C错.单位体积的气体分子增加,但温度降低有可能气体的压强减小,D错。2、气体（09年全国卷Ⅱ）16.如图，水平放置的密封气缸内的气体被一竖直隔板分隔为左右两局部，隔板可在气缸内无摩擦滑动，右侧气体内有一电热丝。气缸壁和隔板均绝热。初始时隔板静止，左右两边气体温度相等。现给电热丝提供一微弱电流，通电一段时间后切断电源。当缸内气体再次到达平衡时，与初始状态相比A．右边气体温度升高，左边气体温度不变B．左右两边气体温度都升高C．左边气体压强增大D．右边气体内能的增加量等于电热丝放出的热量答案：BC解析：此题考察气体.当电热丝通电后,右的气体温度升高气体膨胀,将隔板向左推,对左边的气体做功,根据热力学第一定律,内能增加,气体的温度升高.根据气体定律左边的气体压强增大.BC正确,右边气体内能的增加值为电热丝发出的热量减去对左边的气体所做的功,D错。3、布朗运动（09年北京卷）13．做布朗运动实验，得到某个观测记录如图。图中记录的是www.ks5.u.comA．分子无规那么运动的情况B．某个微粒做布朗运动的轨迹C．某个微粒做布朗运动的速度——时间图线D．按等时间间隔依次记录的某个运动微粒位置的连线17/17\n答案：D解析：布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规那么运动，而非分子的运动，故A项错误；既然无规那么所以微粒没有固定的运动轨迹，故B项错误，对于某个微粒而言在不同时刻的速度大小和方向均是不确定的，所以无法确定其在某一个时刻的速度，故也就无法描绘其速度-时间图线，故C项错误；故只有D项正确。4、内能（09年上海物理）2．气体内能是所有气体分子热运动动能和势能的总和，其大小与气体的状态有关，分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的A．温度和体积B．体积和压强C．温度和压强D．压强和温度答案：A解析：由于温度是分子平均动能的标志，所以气体分子的动能宏观上取决于温度；分子势能是由于分子间引力和分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积。因此答案A正确。5、气体状态方程（09年上海物理）9．如图为竖直放置的上细下粗的密闭细管，水银柱将气体分隔成A、B两局部，初始温度相同。使A、B升高相同温度到达稳定后，体积变化量为DVA、DVB，压强变化量为DpA、DpB，对液面压力的变化量为DFA、DFB，那么A．水银柱向上移动了一段距离B．DVA＜DVBC．DpA＞DpBD．DFA＝DFB答案：AC解析：首先假设液柱不动，那么A、B两局部气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：；对气体B：，又初始状态满足17/17\n，可见使A、B升高相同温度，，，因此，因此液柱将向上移动，A正确，C正确；由于气体的总体积不变，因此DVA=DVB，所以B、D错误。6、热学根底知识（09年广东物理）13．（10分）（1）远古时代，取火是一件困难的事，火一般产生于雷击或磷的自燃。随着人类文明的进步，出现了“钻木取火”等方法。“钻木取火”是通过方式改变物体的内能，把转变为内能。（2）某同学做了一个小实验：先把空的烧瓶放到冰箱冷冻，一小时后取出烧瓶，并迅速把一个气球严密的套在瓶颈上，然后将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球逐渐膨胀起来，如以下图。这是因为烧瓶里的气体吸收了水的，温度，体积。答案：（1）做功，机械能；(2)热量，升高，增大解析：做功可以增加物体的内能；当用气球封住烧瓶，在瓶内就封闭了一定质量的气体，当将瓶子放到热水中，瓶内气体将吸收水的热量，增加气体的内能，温度升高，由理气方程可知，气体体积增大。8、压强的围观意义、理想气体状态方程、热力学第一定律（09年山东卷）36．(8分)[物理——物理3-3]一定质量的理想气体由状态A经状态B变为状态C，其中AB过程为等压变化，BC过程为等容变化。已知VA=0.3m3，TA=TB=300K、TB=400K。（1）求气体在状态B时的体积。（2）说明BC过程压强变化的微观原因（3）没AB过程气体吸收热量为Q，BC过气体放出热量为Q2，比较Q1、Q2的大小说明原因。17/17\n解析：设气体在B状态时的体积为VB，由盖--吕萨克定律得，,代入数据得。(2)微观原因：气体体积不变，分子密集程度不变，温度变小，气体分子平均动能减小，导致气体压强减小。(3)大于；因为TA=TB，故AB增加的内能与BC减小的内能相同，而AB过程气体对外做正功，BC过程气体不做功，由热力学第一定律可知大于9、热学综合物理3-3”模块（09年浙江自选模块）14.“物理3-3”模块（10分）一位质量为60kg的同学为了表演“轻功”，他用打气筒给4只相同的气球充以相等质量的空气（可视为理想气体），然后将这4只气球以相同的方式放在水平放置的木板上，在气球的上方放置一轻质塑料板，如以下图。（1）（本小题共3分，在给出的四个选项中，可能只有一个选项正确，也可能有多个选项正确，全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）关于气球内气体的压强，以下说法正确的选项是A.大于大气压强B.是由于气体重力而产生的C.是由于气体分子之间的斥力而产生的D.是由于大量气体分子的碰撞而产生的（2）（本小题共3分，在给出的四个选项中，可能只有一个选项正确，也可能有多个选项正确，全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）在这位同学慢慢站上轻质塑料板中间位置的过程中，球内气体温度可视为不变。以下说法正确的选项是17/17\nA.球内气体体积变大B.球内气体体积变小C.球内气体内能变大D.球内气体内能不变(3)(本小题共4分)为了估算气球内气体的压强，这位同学在气球的外外表涂上颜料，在轻质塑料板面和气球一侧外表贴上间距为2.0cm的方格纸。表演完毕后，留下气球与方格纸接触局部的“印迹”如以下图。假设表演时大气压强为1.013105Pa，取g=10m/s2，那么气球内气体的压强为Pa。（取4位有效数字）气球在没有贴方格纸的下层木板上也会留下“印迹”，这一“印迹”面积与方格纸上留下的“印迹”面积存在什么关系？答案：（1）AD；(2)BD；（3）1.053*105Pa面积相同10、热力学定律（09年四川卷）16.关于热力学定律，以下说法正确的选项是A.在一定条件下物体的温度可以降到0KB.物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功C.吸收了热量的物体，其内能一定增加D.压缩气体总能使气体的温度升高答案：B11、热力学第一定律（09年重庆卷）14.密闭有空气的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气（不计分子势能）A．内能增大，放出热量B．内能减小，吸收热量17/17\nC．内能增大，对外界做功D．内能减小，外界对其做功答案：D12、热学综合选修模块3—3（09年江苏卷物理）12（选做题）A．（选修模块3—3）（12分）（1）假设一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，那么在此过程中关于气泡中的气体，以下说法正确的选项是。（填写选项前的字母）（A）气体分子间的作用力增大（B）气体分子的平均速率增大（C）气体分子的平均动能减小（D）气体组成的系统地熵增加（2）假设将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底上升到湖面的过程中，对外界做了0.6J的功，那么此过程中的气泡（填“吸收”或“放出”）的热量是J。气泡到达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了0.1J的功，同时吸收了0.3J的热量，那么此过程中，气泡内气体内能增加了J。www.ks5u.com（3）已知气泡内气体的密度为1.29kg/，平均摩尔质量为0.29kg/mol。阿伏加德罗常数，取气体分子的平均直径为，假设气泡内的气体能完全变为液体，请估算液体体积与原来气体体积的比值。（结果保存一位有效数字）。www.ks5u.com答案：A.(1)D；(2)吸收；0.6；0.2；(3)设气体体积为，液体体积为，气体分子数,(或)那么（或）解得(都算对)解析：17/17\n（1）掌握分子动理论和热力学定律才能准确处理此题。气泡的上升过程气泡内的压强减小，温度不变，由玻意尔定律知，上升过程中体积增大，微观上表达为分子间距增大，分子间引力减小，温度不变所以气体分子的平均动能、平均速率不变，此过程为自发过程，故熵增大。D项正确。（2）此题从热力学第一定律入手，抓住理想气内能只与温度有关的特点进展处理。理想气体等温过程中内能不变，由热力学第一定律，物体对外做功0.6J，那么一定同时从外界吸收热量0.6J，才能保证内能不变。而温度上升的过程，内能增加了0.2J。（3）微观量的运算，注意从单位制检查运算结论，最终结果只要保证数量级正确即可。设气体体积为，液体体积为，气体分子数,(或)那么（或）解得(都算对)13、模块3-3热学综合（09年海南物理）17．模块3-3试题（12分）（I）（4分）以下说法正确的选项是（填入正确选项前的字母，每选错一个扣2分，最低得分为0分）（A）气体的内能是分子热运动的动能和分子间的势能之和；（B）气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变；（C）功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功；（D）热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体；（E）一定量的气体，在体积不变时，分子每秒平均碰撞次数随着温度降低而减小；（F）一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加。（II）（8分）17/17\n一气象探测气球，在充有压强为1．00atm（即76．0cmHg）、温度为27．0℃的氦气时，体积为3．50m3。在上升至海拔6．50km高空的过程中，气球内氦气逐渐减小到此高度上的大气压36．0cmGg，气球内部因启动一持续加热过程而维持其温度不变。此后停顿加热，保持高度不变。已知在这一海拔高度气温为-48．0℃。求：（1）氦气在停顿加热前的体积；（2）氦气在停顿加热较长一段时间后的体积。答案：（1）ADEF（4分，选对一个给1分，每选错一个扣2分，最低得分为0分）（II）（1）在气球上升至海拔6.50km高空的过程中，气球内氦气经历一等温过程。根据玻意耳—马略特定律有式中，是在此等温过程末氦气的体积。由①式得②（2）在停顿加热较长一段时间后，氦气的温度逐渐从下降到与外界气体温度相同，即。这是一等过程根据盖—吕萨克定律有③式中，是在此等压过程末氦气的体积。由③式得④评分参考：此题8分。①至④式各2分。14、气体状态方程（09年上海物理）17/17\n21．（12分）如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、B两端开口，管内有一段水银柱，右管内气体柱长为39cm，中管内水银面与管口A之间气体柱长为40cm。先将口B封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设整个过程温度不变，稳定后右管内水银面比中管内水银面高2cm，求：（1）稳定后右管内的气体压强p；（2）左管A端插入水银槽的深度h。（大气压强p0＝76cmHg）解析：（1）插入水银槽后右管内气体：由玻意耳定律得：p0l0S＝p（l0－Dh/2）S，所以p＝78cmHg；（2）插入水银槽后左管压强：p’＝p＋rgDh＝80cmHg，左管内外水银面高度差h1＝＝4cm，中、左管内气体p0l＝p’l’，l’＝38cm，左管插入水银槽深度h＝l＋Dh/2－l’＋h1＝7cm。15、选修3-3热学综合（09年宁夏卷）34.[物理——选修3-3]（15分）（1）（5分）带有活塞的汽缸内封闭一定量的理想气体。气体开场处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或进过过程ac到状态c，b、c状态温度相同，如V-T图所示。设气体在状态b和状态c的压强分别为Pb、和PC，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Qab和Qac，那么（填入选项前的字母，有填错的不得分）A.Pb>Pc，Qab>QacB.Pb>Pc，Qab<QacC.Pb<Pc，Qab>QacD.Pb<Pc，Qab<Qac答案：C解析：略17/17\n(2)(10分)图中系统由左右连个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成。左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭。两个容器的下端由可忽略容积的细管连通。容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气。大气的压强p0，温度为T0=273K，连个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0。系统平衡时，各气体柱的高度如以下图。现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度。用外力将A缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次到达平衡后，氢气柱高度为0.8h。氮气和氢气均可视为理想气体。求（i）第二次平衡时氮气的体积；（ii）水的温度。解析：（i）考虑氢气的等温过程。该过程的初态压强为，体积为hS，末态体积为0.8hS。设末态的压强为P，由玻意耳定律得①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程。该过程的初态压强为1.1，体积为V；末态的压强为，体积为，那么②③由玻意耳定律得④17/17\n(ii)活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程。该过程的初态体积和温度分别为和，末态体积为。设末态温度为T，由盖-吕萨克定律得⑤17/17
